2021深圳高一下期末统考 数学最后一课.docx

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1、学学科科数学数学教师姓名教师姓名鄢文平教材版本教材版本人教 A 版 学生姓名学生姓名丘琛茹丘琛茹所在年级所在年级10上课时间上课时间2021/6/10 课题名称课题名称高一下期末复习最后一课 教学目标教学目标 1.高一上高一上 2.高一下平面向量高一下平面向量 3.高一下解三角形高一下解三角形 4.高一下复数高一下复数 5.高一下立体几何高一下立体几何 6.高一下统计与概率高一下统计与概率 教学重点教学重点 教学难点教学难点 考点考点 1 1:集合与常用逻辑用语:集合与常用逻辑用语 【例【例 1:】若命题p:“xR , 2 210 xx ”,则命题p的否定为() A.xR , 2 210 xx

2、 B.xR , 2 210 xx C.xR , 2 210 xx D.xR , 2 210 xx 考点考点 2 2:相等关系与不等关系:相等关系与不等关系 【例【例 2:】已知, a bR,且012 ba,则 b a 4 1 2 的最小值为,此时ab=. 考点考点 3 3:三个:三个 二次二次 【例【例 3:】已知二次函数12 2 axxy在区间)3,2(内是单调函数,则实数a的取值范围是 A2a或3aB32 a C3a或2aD 23a 考点考点 4 4:函数的三要素与性质:函数的三要素与性质 【例【例 4:】已知函数 3 22 xx f xxa 是偶函数,则a 【例【例 5:】已知函数( )

3、1f xx, 2 ( )2 x g xa 若对任意 1 3,4x ,存在 2 3,1x ,使 12 ()()f xg x, 则实数 a 的取值范围是_ 【例【例 6:】已知 3 3 log 3 a , 3 3 3b , 3 3 3 c ,定义在 R 上的偶函数( )f x满足:对任意的 1 x, 2 0,)x ,都有 12 12 ()() 0 f xf x xx ,则( )f a,( )f b,( )f c的大小顺序为 A( )( )( )f af bf c B( )( )( )f bf af c C( )( )( )f cf bf a D( )( )( )f cf af b 考点考点 5 5

4、:指数对数幂函数:指数对数幂函数 【例【例 7】已知函数 2 ( )log (1)f xx. (1)求函数 ( )f x的定义域; (2)设( )( )g xf xa,若函数( )g x在(2,3)上有且仅有一个零点,求实数a的取值范围; (3)设( )( ) ( ) m h xf x f x ,是否存在正实数m,使得函数( )yh x在3,9内的最小值为 4?若存在, 求出m的值;若不存在,请说明理由. 【例【例 8:】设函数 2 2 log,02 ( ) 22 ,2 xax f x axxa x (1)当1a 时,判断函数( )f x零点的个数; (2)若对于任意的 1 (1,2)x ,总

5、存在 2 (2,)x ,使得 12 ()()f xf x成立,求实数a的取值范围 【例【例 9:】已知函数 2 ( )ln() 1 f xm x 为奇函数, +1 ( )2xg x (1)求实数m的值; (2)若 (2 ) e( ) x f ng x恒成立,求实数n的取值范围; (3) 1 x, 2 (0,)x ,(2 ) x f在区间 12 ,x x上的值域为 21 22 ln(),ln() ()()a g xaa g xa ,求实 数a的取值范围 解:(1)( )f x为奇函数, ( )+ ()0f xfx, 22 ln()ln()0 11 mm xx ,在定义域内恒成立,1 分 即 22

6、 ()()1 11 mm xx ,在定义域内恒成立, 整理,得 2222 (2)1mm xx 在定义域内恒成立, 2 2 (2)1 1 m m , 解得1m .2 分 当1m 时, 1 ( )ln 1 x f x x 的定义域为(, 1)(1,) ,关于原点对称, 1m ,可取;3 分 (2) (2 ) e( ) x f ng x恒成立,则21 x ,即0 x , 即 +1 21 2 21 x x x n 在(0,)上恒成立, 即 +1 21 2 21 x x x n ,4 分 令21(0) x tt, 则 2 21nt t ,5 分 又 22 222 =4tt tt (当且仅当2t 是等号成

7、立), 5n , (,5n .7 分 (3)任取 1 x, 2 (0,)x ,且 12 xx,令( )(2 ) x H xf 则, 121212 11 121212 12 21212122 ()()= (2 )(2 )lnlnln 21212122 xxxxxx xx xxxxxx H xH xff , 易知, 1221 2222 xxxx , 12 ()()0H xH x ( )H x在(0,)上单调递减.8 分 又( )H x在区间 12 ,x x上的值域为 21 22 ln(),ln() ()()a g xaa g xa , 1 1 2 2 1 2 212 ln()ln() 21() 2

8、12 ln()ln() 21() x x x x a g xa a g xa , 即 1 11 2 22 1 1 212 212 212 212 x xx x xx aa aa , 令 12 1122 2 (1),2 (1) xx bbbb, 易知,关于b的方程 12 12 b baba 在(1,)上有两根 1 b, 2 b, 等价于关于x的方程 2 2(2)20(0)axaxaa在(1,)有两根.10 分, 令 2 ( )=2(2)2G xaxaxa,对称轴 11 24 x a , 则 2 11 0,1 24 (2)8 (2)0 (1)20 a a aaa Ga , , , 解得, 2 0

9、9 a, a的取值范围是 2 (0, ) 9 .12 分 考点考点 6 6:三角函数:三角函数 【例【例 1:】下列区间中,函数 7sin 6 f xx 单调递增的区间是() A 0 2 , B , 2 C 3 , 2 D 3 ,2 2 【例【例 2:】已知角, ,满足 ,则下列结论正确的是() Asin( )sin Bcos( )cos Csinsin 22 Dcossin 22 【例【例 3:】若 22 1 sincos 2 ,则 2 2 1tan 1tan _ 考点考点 7:平面向量与解三角形:平面向量与解三角形 【例【例 1:】有下列说法其中错误的说法为() A若,则 B若 2+3 ,

10、SAOC,SABC分别表示AOC,ABC 的面积,则 SAOC:SABC1:6 C两个非零向量 , ,若| |+| |,则 与 共线且反向 D若 ,则存在唯一实数使得 【答案】AD 【分析】由零与任何向量共线,即可判断 A;由三角形的重心的向量表示和性质可判断 B;由向量共线的性 质可判断 C;由向量共线定理可判断 D 【解答】解:若,且 ,则或 , 不共线,故 A 错误; 若 2+3 ,设2 ,3,可得 O 为ABC的重心, 设 SAOBx,SBOCy,SAOCz, 则 SAOB2x,SBOC3y,SAOC6z,由 2x3y6z, 可得 SAOC:SABCz:(x+y+z)1:6,故 B 正

11、确; 两个非零向量 , ,若| |+| |,则 与 共线且反向,故 C 正确; 若 ,且 ,则实数可有无数个使 ,故 D 错误 故选:AD 【例【例 2:】在平面直角坐标系 xOy 中,已知四边形 OABC 是等腰梯形,点,M 满足 ,点 P 在线段 BC 上运动(包括端点),如图 (1)求OCM 的余弦值; (2)是否存在实数,使,若存在,求出满足条件的实数的取值范围,若不存在,请 说明理由 【分析】(1)由题意求得、的坐标,再根据 cosOCMcos,运算求 得结果 (2)设,其中 1t5,由,得,可得(2t 3)12再根据 t1,)(,5,求得实数的取值范围 【 解 答 】 解 : (

12、1 ) 由 题 意 可 得, , 故 cosOCMcos, (2)设,其中1t5, 若, 则, 即 122t+30, 可得(2t3)12 若,则不存在, 若,则, t1,)(,5, 故 【知识点】数量积表示两个向量的夹角、数量积判断两个平面向量的垂直关系 【例【例 3:】已知ABC 的内角 A,B,C 的对边分别为 a,b,c,从条件a2+b2c2absinC,条件a bsinC+ccosB,条件(a2+b2c2)(acosB+bcosA)abc 这三个条件中任选一个,解答下列问题 ()求角 C 的大小; ()若 c2,当 a,b 分别取何值时,ABC 面积取得最大值,并求出其最大值 【分析】

13、(I)利用正弦定理,余弦定理可求 C 的大小, (II)由余弦定理及基本不等式可求 ab 的范围,再由三角形的面积公式即可求解 【解答】解:(I)若选由余弦定理及 a2+b2c2absinC 得 2abcosC, 所以 tanC, 因为 C(0,), 所以 C, 若选由正弦定理及absinC+ccosB 得, 所以sin(B+C)sinBcosC+sinCcosB, 所以, 因为 B(0,), 所以 sinB0, 所以 tanC, 所以 C, 若选,由余弦定理及(a2+b2c2)(acosB+bcosA)abc 得,2abcosC(acosB+bcosA) abc, 由正弦定理得 2cosC(

14、sinAcosB+sinBcosA)sinC, 所以 2cosCsin(A+B)sinC, 因为 sinC0, 所以 cosC, 所以 C, (II)由 c2 及 c2a2+b22abcosCa2+b2abab, 得 ab4,当且仅当 ab2 时取等号 所以 SABC,当且仅当 ab2 时取等号,此时ABC 面积取得最大值 【知识点】余弦定理 考点考点 8:复数:复数 【例【例 1:】已知 z 为虚数,为实数 (1)若 z2 为纯虚数,求虚数 z; (2)求|z4|的取值范围 【分析】(1)设 zx+yi(x,yR,y0),根据 z2 为纯虚数求得 x 的值,再由为实数求出 y 的 值,即得虚

15、数 z (2)由为实数且 y0 可得(x2)2+y29,由此求得 x 的范围,根据复数的模的定义把 要求的式子可化为 ,从而得到的范围 【解答】解:(1)设 zx+yi(x,yR,y0),则 z2x2+yi, 由 z2 为纯虚数得 x2,z2+yi,(2 分) 则,(4 分) 得,y3,(6 分)所以 z2+3i 或 z23i(7 分) (2), ,y0,(x2)2+y29,(10 分) 由(x2)29 得 x(1,5),(12 分) (15 分) 【知识点】虚数单位 i、复数、复数的模 考点考点 9:立体几何:立体几何 【例【例 1:】如图,在以下四个正方体中,直线 AB 与平面 CDE 垂

16、直的是() AB C D 【答案】BD 【分析】对于 A,由BAD,CEAD,得直线 AB 与平面 CDE 不垂直;对于 B,由 CEAB,DEAB, 得直线 AB平面 CDE;对于 C,由 AB 与 CE 所成角为,知直线 AB 与平面 CDE 不垂直;对于 D, 推导出 DEAB,CEAB,从而 AB平面 CDE 【解答】解:对于 A,BAD,CEAD,AB 与 CE 不垂直, CE平面 CDE,直线 AB 与平面 CDE 不垂直,故 A 错误; 对于 B,CEAB,DEAB,CEDEE,直线 AB平面 CDE,故 B 正确; 对于 C,AB 与 CE 所成角为,直线 AB 与平面 CDE

17、 不垂直,故 C 错误; 对于 D,如图,DEBF,DEAF,BFAFF,DE平面 ABF, AB平面 ABF,DEAB,同理得 CEAB, DECEE,AB平面 CDE,故 D 正确 故选:BD 【例【例 2:】已知三棱锥 PABC 中,ACBC,且 AC6,BC2,PCPB2,当三棱锥 PABC 的体 积最大时,其外接球的表面积等于() A75B50C100D96 【答案】C 【分析】由题意画出图形,三角形 ABC 的面积为定值,可知当平面 PBC平 面 ABC 时,三棱锥 PABC 的体积最大,设 AB 中点为 M,三棱锥 P ABC 的外接球的切线为 O, 连接 OM,则 OM底面 A

18、BC,过 O 作 ON平面 PBC,则 N 为 三角形 PBC 的外心,求解三角形可得三棱锥 PABC 的外接球的 半径,则其外接球的表面积可求 【解答】解;如图,取 BC 的中点 H,连接 PH, PBPC,PHBC, 三角形 ABC 的面积为定值,当 PH平面 ABC 时,三棱锥 P ABC 的体积最大, ABC 为直角三角形,其外接圆的圆心为 AB 的中点 M, 设三棱锥 PABC 的外接球的球心为 O,连接 OM,HM,OP, 则 OM平面 ABC, 又 PH平面 ABC,OMPH,故四边形 OMHP 为直角梯形, 过 O 作 ONPH 于 N,则四边形 OMHN 为矩形, 在ABC

19、中,MHAC3,AB, MB4,连接 OB, 设三棱锥 PABC 的外接球的半径为 R, 在OMB 中, 在PBC 中, 在直角梯形 OMHP 中,ONMH3,NHOM,PN7OM, 在PON 中,OP2ON2+NP2,即 R232+(7OM)2, 联立可得,OM3,R5 三棱锥 PABC 的体积最大时,其外接球的表面积等于 4R2100 故选:C 【例【例 3:】已知正方体 ABCDA1B1C1D1,棱长为 2,E 为线段 B1C 上的动点,O 为 AC 的中点,P 为棱 CC1上的 动点,Q 为棱 AA1的中点,则以下选项中正确的有() AAEB1C B直线 B1D平面 A1BC1 C异面

20、直线 AD1与 OC1所成角为 D若直线 m 为平面 BDP 与平面 B1D1P 的交线,则 m平面 B1D1Q 【答案】BD 【分析】根据面面平行和垂直的性质、判定,结合图形,从而可判断选项的正误 【解答】解:在正方体 ABCDA1B1C1D1中,B1CBC1,B1CAB,BC1ABB, B1C平面 ABC1D1, 只有当 E 运动到线段 B1C 的中点时,AEB1C 才成立,故 A 错误 连接 B1D1,在正方体 ABCDA1B1C1D1中,DD1平面 A1B1C1D1, DD1A1C1,BD1A1C1,BD1DD1D1, A1C1平面 BDD1B1,A1C1B1D, 同理可得 BC1B1

21、D,又 A1C1BC1C1, 直线 B1D平面 A1BC1,故选项 B 正确 连接 BD,BC1,则 AD1BC1, OC1B(或其补角)即为异面直线 AD1与 OC1所成的角 因为正方体的棱长为 2,则 BC12,OB,在 RtC1OB 中,OC1, cosOC1B,OC1B,故选项 C 错误 由题意知,在正方体 ABCDA1B1C1D1中,P 为棱 CC1上的动点,Q 为棱 AA1的中点, 直线 m 为平面 BDP 与平面 B1D1P 的交线,且 BDB1D1, mB1D1.m 平面 B1D1Q, m平面 B1D1Q,故选项 D 正确 故选:BD 【知识点】空间中直线与平面之间的位置关系、

22、异面直线及其所成的角、直线与平面垂直、命题的真假判 断与应用 【例【例 4:】在矩形 ABCD 中,AB1,AD2,ABD 沿对角线 BD 翻折,形成三棱锥 ABCD 当时,三棱锥 ABCD 的体积为; 当面 ABD面 BCD 时,ABCD; 三棱锥 ABCD 外接球的表面积为定值 以上命题正确的是 【答案】 【分析】 在中, ABCD1, ADBC2, 推导出 ACCD, CDBC, CD 是锥体 DABC 的高, 同理 ABAC, VABCDVDABC,由此能求出三棱锥 ABCD 的体积;在中,过点 A 作 AE平面 BCD,交 BD 于 E,则 AECD,又 CD 与平面 ABD 不垂直

23、,故 AB 与 CD 不垂直;在中, 三棱锥 ABCD 外接球的球心为 O,半径为,从而三棱锥 ABCD 外接球的表面积为定值 【解答】解:在矩形 ABCD 中,AB1,AD2, ACBD, ABD 沿对角线 BD 翻折,形成三棱锥 ABCD 在中,ABCD1,ADBC2, AC,AC2+CD2AD2,ACCD,CDBC, CD 是锥体 DABC 的高,同理 ABAC, VABCDVDABC ,故错误; 在中,当面 ABD面 BCD 时,过点 A 作 AE平面 BCD,交 BD 于 E, 则 AECD,又 CD 与平面 ABD 不垂直,故 AB 与 CD 不垂直,故错误; 在中,OAOBOCO

24、D, 三棱锥 ABCD 外接球的球心为 O,半径为, 三棱锥 ABCD 外接球的表面积为定值故正确 故答案为: 【知识点】棱柱、棱锥、棱台的体积、球的体积和表面积、直线与平面垂直 【例【例 5:】如图,四棱锥 PABCD 中,PA平面 ABCD,四边形 ABCD 是矩形,E,F 分别是 AB,PD 的中点若 PAAD3, (1)求证:AF平面 PCE; (2)求直线 FC 平面 PCE 所成角的正弦值 【分析】(1)取 PC 的中点 G,连接 EG,FG,利用三角形的中位线定理、平行四边形的判定与性质定理、 线面平行的判定定理即可得出; (2)利用线面、面面垂直的判定与性质、线面角的定义即可得

25、出 【解答】(1)证明:取 PC 的中点 G,连接 EG,FG,又由 F 为 PD 中点, 则 FG 又由已知有,FGAE 四边形 AEGF 是平行四边形 AFEG 又AF 平面 PEC,EG平面 PCE AF平面 PCE (2)解:PA平面 ABCD, 平面 PAD平面 ABCD 由 ABCD 是矩形有 CDAD CD平面 PAD AFCD 又 PAAD3,F 是 PD 的中点, AFPD PDCDD, AF平面 PCD 由 EGAF,EG平面 PCD 平面 PCD 内,过 F 作 FHPC 于 H, 由于平面 PCD平面 PCEPC, 故FCH 为直线 FC 与平面 PCE 所成的角由已知

26、可得 PD, CD平面 PAD, CPD30 sinFCH 直线 FC 与平面 PCE 所成角的正弦值为 【知识点】直线与平面平行、直线与平面所成的角 考点考点 10:概率统计:概率统计 【例【例 1:】已知样本数据 x1,x2,xn(nN*)的平均数与方差分别是 a 和 b,若 yi2xi+3(i1,2,n) , 且样本数据 y1,y2,yn的平均数与方差分别是 b 和 a,则 ab() A1B2C3D4 【答案】A 【分析】根据平均数和方差的意义得到关于 a,b 的方程组,解出即可 【解答】解:由题意得: ,解得:,故 ab1, 故选:A 【知识点】众数、中位数、平均数、极差、方差与标准差

27、 【例【例 2:】在疫情防护知识竞赛中,对某校的 2000 名生的参赛成绩进行统计,可得到如图所示的频率分布直 方图,其中分组的区间为40,50),50,60),60,70),70,80),80,90),90,100,60 分 以下视为不及格,若同一组中数据用该组区间中间值作代表值,则下列说法中正确的是() A成绩在70,80)的考生人数最多 B不及格的考生人数为 500 C考生竞赛成绩的众数为 75 分 D考生竞赛成绩的中位数约为 75 分 【答案】AC 【分析】由频率分布直方图,求出该组数据的众数、中位数和对应的频率和频数,即可判断命题的正误 【解答】解:由频率分布直方图可知,成绩在70,

28、80的频率最大, 因此成绩分布在此的考生人数最多,所以 A 正确; 成绩在40,60的频率为 0.00510+0.015100.2, 所以不及格的人数为 20000.2400(人),所以 B 错误; 成绩在70,80的频率最大,所以众数为 75,即 C 正确; 成绩在40,70的频率和为 0.4, 所以中位数为 70+1073.33,即 D 错误 故选:AC 【知识点】频率分布直方图 【例【例 3:】从装有两个红球和三个黑球的口袋里任取两个球,那么不互斥的两个事件是() A“至少有一个黑球”与“都是黑球” B“至少有一个黑球”与“至少有一个红球” C“恰好有一个黑球”与“恰好有两个黑球” D“

29、至少有一个黑球”与“都是红球” 【答案】AB 【分析】根据互斥事件的定义可得 【解答】解:”至少有一个黑球“中包含“都是黑球,A 正确; “至少有一个黑球”与“至少有一个红球”可能同时发生,B 正确; “恰好有一个黑球”与“恰好有两个黑球”不可能同时发生,C 不正确; “至少有一个黑球”与“都是红球”不可能同时发生,D 不正确 故选:AB 【知识点】互斥事件与对立事件 【例【例 4:】中国篮球职业联赛(CBA)中,某男能球运动员在最近儿次参加的比赛中的得分情况如表: 投篮次数投中两分球的次数投中三分球的次数 1005518 记该运动员在一次投篮中,投中两分球为事件 A,投中三分球为事件 B,没

30、投中为事件 C,用频率估计概率 的方法,得到的下述结论中,正确的是() AP(A)0.55BP(B)0.18 CP(C)0.27DP(B+C)0.55 【答案】ABC 【分析】利用古典概型概率计算公式直接求解 【解答】解:记该运动员在一次投篮中,投中两分球为事件 A,投中三分球为事件 B,没投中为事件 C, 由古典概型得: P(A)0.55,故 A 正确; P(B)0.18,故 B 正确; P(C)1P(A)P(B)10.550.180.27,故 C 正确; P(B+C)P(B)+P(C)0.18+0.270.45,故 D 错误 故选:ABC 【例【例 4:】排球比赛的规则是 5 局 3 胜制

31、(5 局比赛中,优先取得 3 局胜利的一方,获得最终胜利,无平局) , 在某次排球比赛中,甲队在每局比赛中获胜的概率都相等,均为,前 2 局中乙队以 2:0 领先,则最 后乙队获胜的概率是() ABCD 【答案】B 【分析】法一:根据题意,分 3 种情况讨论:第三局乙队获胜,第三局甲队获胜,第四局乙队获胜, 第三、四局甲队获胜,第五局乙队获胜,求出每种情况的概率,由互斥事件的概率公式计算可 得答案 法二:根据题意,由相互独立事件的概率公式计算甲队获胜的概率,由对立事件的概率性质计 算可得答案 【解答】解:法一:根据题意,前 2 局中乙队以 2:0 领先,则最后乙队获胜,有 3 种情况, 第三局

32、乙队获胜,其概率为 P1, 第三局甲队获胜,第四局乙队获胜,其概率为 P2, 第三、四局甲队获胜,第五局乙队获胜,其概率为 P3, 则最后乙队获胜的概率 PP1+P2+P3+; 法二:根据题意,前 2 局中乙队以 2:0 领先, 若最后甲队获胜,甲队需要连胜三局,则甲队获胜的概率 P()3, 则最后乙队获胜的概率 P1P1; 故选:B 【例【例 5:】甲、乙两人进行围棋比赛,比赛要求双方下满五盘棋,开始时甲每盘棋赢的概率为,由于心态 不稳,甲一旦输一盘棋,他随后每盘棋赢的概率就变为假设比赛没有和棋,且已知前两盘棋都是甲 赢 ()求第四盘棋甲赢的概率; ()求比赛结束时,甲恰好赢三盘棋的概率 【

33、分析】()第四盘棋甲赢分两种情况:若第三盘棋和第四盘棋都是甲赢,若第三盘棋乙赢,第四盘棋 甲赢,由此能求出第四盘棋甲赢的概率 ()若甲恰好赢三盘棋,则他在后三盘棋中只赢一盘,分三种情况甲第三盘赢,甲第四盘 赢,甲第五盘赢,由此能求出比赛结束时,甲恰好赢三盘棋的概率 【解答】解:()第四盘棋甲赢分两种情况 若第三盘棋和第四盘棋都是甲赢,; 若第三盘棋乙赢,第四盘棋甲赢, 设事件 A 为“第四盘棋甲赢”, 则第四盘棋甲赢的概率 ()若甲恰好赢三盘棋,则他在后三盘棋中只赢一盘,分三种情况 若甲第三盘赢,; 若甲第四盘赢,; 若甲第五盘赢, 设事件 B 为“比赛结束时,甲恰好赢三盘棋”, 则比赛结束时,甲恰好赢三盘棋的概率为:

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