第4节 幂函数与二次函数.docx

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1、第第 4 节节幂函数与二次函数幂函数与二次函数 知识梳理 1.幂函数 (1)幂函数的定义 一般地,函数 yx称为幂函数,其中为常数. (2)常见的五种幂函数的图像 (3)幂函数的性质 所有的幂函数在区间(0,)上都有定义,因此在第一象限内都有图像,并 且图像都通过点(1,1). 如果0,则幂函数的图像通过原点,并且在区间0,)上是增函数. 如果0)yax2bxc(a0, 0; 当 a0, 0 时, 恒有 f(x)0 时,幂函数 yx在(0,)上是增函数.() (3)二次函数 yax2bxc(a0)的两个零点可以确定函数的解析式.() (4)二次函数 yax2bxc(xa,b)的最值一定是4ac

2、b 2 4a .() 答案(1)(2)(3)(4) 解析(1)由于幂函数的解析式为 f(x)x,故 y2x 1 3不是幂函数,(1)错误. (3)确定二次函数的解析式需要三个独立的条件,两个零点不能确定函数的解析 式. (4)对称轴 x b 2a,当 b 2a不在给定定义域内时,最值不是 4acb2 4a ,故(4)错误. 2.已知幂函数 f(x)kx的图像过点 1 2, 2 2 ,则 k() A.1 2 B.1C.3 2 D.2 答案C 解析因为 f(x)kx是幂函数,所以 k1. 又 f(x)的图像过点 1 2, 2 2 ,所以 1 2 2 2 , 所以1 2,所以 k1 1 2 3 2.

3、 3.已知函数 f(x)2x2mx3(0m4,0 x1)的最大值为 4,则 m 的值为 _. 答案2 2 解析f(x)2x2mx32 xm 4 2 m 2 8 3, 0m4,0m 4 1,当 xm 4 时,f(x)取得最大值,m 2 8 34,解得 m 2 2. 4.(2021青岛联考)不等式(x21) 1 2(3x5) 1 2的解集为( ) A. 5 3,1(4,)B.(1,4) C.(4,)D.(,1)(4,) 答案A 解析不等式(x21) 1 2(3x5) 1 2等价于 x 213x50, 解得5 3x4. 所以原不等式的解集为 5 3,1(4,). 5.(2020武汉质检)若函数 f(

4、x)4x2kx8 在5,8上是单调函数,则 k 的取值范 围是() A.(,40B.40,64 C.(,4064,)D.64,) 答案C 解析f(x)图像的对称轴 xk 8,且 f(x)在5,8上是单调函数, k 88 或 k 85,解之得 k64 或 k40. 6.(2018上海卷)已知 2,1,1 2, 1 2,1,2,3.若幂函数 f(x)x为奇 函数,且在(0,)上递减,则_. 答案1 解析由 yx为奇函数,知取1,1,3. 又 yx在(0,)上递减,0,取1. 考点一幂函数的图像和性质 1.若幂函数 yf(x)的图像过点(4,2),则幂函数 yf(x)的大致图像是() 答案C 解析设

5、幂函数的解析式为 yx, 因为幂函数 yf(x)的图像过点(4,2), 所以 24,解得1 2. 所以 y x,其定义域为0,),且是增函数,当 0 x1 时,其图像在直线 y x 的上方,对照选项,C 正确. 2.(多选题)(2020襄阳调研)已知点 a,1 2 在幂函数 f(x)(a1)xb的图像上,则函 数 f(x)是() A.奇函数 B.偶函数 C.(0,)上的增函数 D.(0,)上的减函数 答案AD 解析由题意得 a11,且1 2a b,因此 a2,且 b1,故 f(x)x1是奇函 数,且在(0,)上是减函数. 3.(2021巴蜀中学调研)已知点(m, 8)在幂函数f(x)(m1)x

6、n的图像上, 设af 1 3 , bf(ln ),cf(2 1 2),则 a,b,c 的大小关系是( ) A.acbB.abc C.bcaD.ba12 1 2 2 2 1 3, 所以 f(ln )f(2 1 2)f 1 3 ,则 bca. 4.(2021长沙质检)幂函数 f(x)(m23m3)xm的图像关于 y 轴对称,则实数 m _. 答案2 解析由幂函数定义,知 m23m31,解得 m1 或 m2, 当 m1 时,f(x)x 的图像不关于 y 轴对称,舍去, 当 m2 时,f(x)x2的图像关于 y 轴对称, 因此 m2. 感悟升华1.对于幂函数图像的掌握,需记住在第一象限内三条线分第一象

7、限为 六个区域,即 x1,y1,yx 所分区域.根据0,01 的取值 确定位置后,其余象限部分由奇偶性决定. 2.在比较幂值的大小时,必须结合幂值的特点,选择适当的函数,借助其单调性 进行比较. 3.在区间(0, 1)上, 幂函数中指数越大, 函数图像越靠近 x 轴(简记为 “指大图低” ), 在区间(1,)上,幂函数中指数越大,函数图像越远离 x 轴. 考点二二次函数的解析式 【例 1】已知二次函数 f(x)满足 f(2)1,f(1)1,且 f(x)的最大值是 8,试 确定该二次函数的解析式. 解法一(利用“一般式”) 设 f(x)ax2bxc(a0). 由题意得 4a2bc1, abc1,

8、 4acb2 4a 8, 解得 a4, b4, c7. 所求二次函数的解析式为 f(x)4x24x7. 法二(利用“顶点式”) 设 f(x)a(xm)2n(a0). 因为 f(2)f(1), 所以抛物线的对称轴为 x2(1) 2 1 2,所以 m 1 2. 又根据题意,函数有最大值 8,所以 n8, 所以 yf(x)a x1 2 2 8. 因为 f(2)1,所以 a 21 2 2 81,解得 a4, 所以 f(x)4 x1 2 2 84x24x7. 法三(利用“零点式”) 由已知 f(x)10 的两根为 x12,x21, 故可设 f(x)1a(x2)(x1)(a0), 即 f(x)ax2ax2

9、a1. 又函数有最大值 8,即4a(2a1)(a) 2 4a 8. 解得 a4 或 a0(舍). 故所求函数的解析式为 f(x)4x24x7. 感悟升华求二次函数的解析式,一般用待定系数法,其关键是根据已知条件恰 当选择二次函数解析式的形式,一般选择规律如下: 【训练 1】 (1)已知二次函数 f(x)与 x 轴的两个交点坐标为(0,0)和(2,0),且 有最小值1,则 f(x)_. (2)已知二次函数 f(x)的图像经过点(4,3),在 x 轴上截得的线段长为 2,并且对 任意 xR,都有 f(2x)f(2x),则 f(x)_. 答案(1)x22x(2)x24x3 解析(1)设函数的解析式为

10、 f(x)ax(x2)(a0), 所以 f(x)ax22ax, 由4a04a 2 4a 1, 得 a1,所以 f(x)x22x. (2)因为 f(2x)f(2x)对 xR 恒成立, 所以 yf(x)的图像关于 x2 对称. 又 yf(x)的图像在 x 轴上截得的线段长为 2, 所以 f(x)0 的两根为 22 21 或 2 2 23. 所以二次函数 f(x)与 x 轴的两交点坐标为(1,0)和(3,0). 因此设 f(x)a(x1)(x3). 又点(4,3)在 yf(x)的图像上, 所以 3a3,则 a1. 故 f(x)(x1)(x3)x24x3. 考点三二次函数的图像和性质 角度 1二次函数

11、的图像 【例 2】 (1)(多选题)(2020济南月考)如图是二次函数 yax2bx c(a0)图像的一部分,图像过点 A(3,0),对称轴为 x 1.则() A.b24ac B.2ab1 C.abc0 D.5a0),若 f(m)0D.f(m1)0,即 b24ac,A 正确. 对称轴为 x1,即 b 2a1,2ab0,B 错误. 结合图像,当 x1 时,y0,即 abc0,C 错误. 由对称轴为 x1 知,b2a. 根据抛物线开口向下,知 a0,所以 5a2a, 即 5a0,所以 f(x)的大致图 像如图所示. 由 f(m)0,得1m01 2,所以 f(m1)f(0)0. 感悟升华1.研究二次

12、函数图像应从“三点一线一开口”进行分析, “三点”中 有一个点是顶点,另两个点是图像上关于对称轴对称的两个点,常取与 x 轴的交 点; “一线”是指对称轴这条直线; “一开口”是指抛物线的开口方向. 2.求解与二次函数有关的不等式问题,可借助二次函数的图像特征,分析不等关 系成立的条件. 角度 2二次函数的单调性与最值 【例 3】(2021沈阳模拟)已知 f(x)ax22x(0 x1),求 f(x)的最小值. 解(1)当 a0 时,f(x)2x 在0,1上递减, f(x)minf(1)2. (2)当 a0 时,f(x)ax22x 图像开口方向向上,且对称轴为 x1 a. 当1 a1,即 a1

13、时,f(x)ax 22x 图像的对称轴在0,1内,f(x)在 0,1 a 上 递减,在 1 a,1上递增. f(x)minf 1 a 1 a 2 a 1 a. 当1 a1,即 0a1 时,f(x)ax 22x 图像的对称轴在0,1的右侧,f(x)在0, 1上递减. f(x)minf(1)a2. (3)当 a0 时,f(x)ax22x 的图像的开口方向向下,且对称轴 x1 a0,在 y 轴 的左侧, f(x)ax22x 在0,1上递减. f(x)minf(1)a2. 综上所述,f(x)min a2,a1, 1 a,a1. 感悟升华(1)闭区间上二次函数最值问题的解法:抓住“三点一轴”数形结合,

14、三点是指区间两个端点和中点,一轴指的是对称轴,结合图像,根据函数的单调 性及分类讨论的思想求解. (2)二次函数在闭区间上的最值主要有三种类型:轴定区间定、轴动区间定、轴 定区间动.无论哪种类型,解题的关键都是图像的对称轴与区间的位置关系,当 含有参数时,要依据图像的对称轴与区间的位置关系进行分类讨论. 角度 3二次函数中的恒成立问题 【例 4】设函数 f(x)mx2mx1. (1)若对于一切实数 x,f(x)0 恒成立,求 m 的取值范围; (2)对于 x1,3,f(x)m5 恒成立,求 m 的取值范围. 解(1)要使 mx2mx10 恒成立, 若 m0,显然10,满足题意; 若 m0,得

15、m0, m24m0, 即4m0.4m0. 所求 m 的取值范围是(4,0. (2)法一要使 f(x)m5 在 x1,3上恒成立. 就要使 m x1 2 2 3 4m60 时,g(x)在1,3上是增函数, g(x)maxg(3)7m60,0m6 7; 当 m0 时,60 恒成立; 当 m0 时,g(x)在1,3上是减函数, g(x)maxg(1)m60,得 m6,m0. 综上所述,m 的取值范围是 ,6 7 . 法二当 x1,3时,f(x)m5 恒成立, 即当 x1,3时,m(x2x1)60, 又 m(x2x1)60,m 6 x2x1. 函数 y 6 x2x1 6 x1 2 2 3 4 在1,3

16、上的最小值为6 7,只需 m2xm 恒成立,则实数 m 的 取值范围是_. 答案(1)B(2)(,1) 解析(1)设 f(x)ax2bxc(a,b,cR,且 a0), f(3x)f(3x), a(3x)2b(3x)ca(3x)2b(3x)c, x(6ab)0,6ab0, f(x)ax26axca(x3)29ac. 又f(x)在区间3,)上单调递减, a2xm 等价于 x2x12xm,即 x23x1m0, 令 g(x)x23x1m, 要使 g(x)x23x1m0 在1,1上恒成立, 只需使函数 g(x)x23x1m 在1,1上的最小值大于 0 即可. g(x)x23x1m 在1,1上单调递减,

17、g(x)ming(1)m1. 由m10,得 m1. 因此满足条件的实数 m 的取值范围是(,1). (3)设函数 f(x)x22x2,xt,t1,tR,求函数 f(x)的最小值. 解f(x)x22x2(x1)21,xt,t1,tR,函数图像的对称轴为 x 1. 当 t11,即 t0 时,函数图像如图(1)所示,函数 f(x)在区间t,t1上为减 函数, 所以最小值为 f(t1)t21; 当 t1t1,即 0t1 时,函数图像如图(2)所示,在对称轴 x1 处取得最小值, 最小值为 f(1)1; 当 t1 时,函数图像如图(3)所示,函数 f(x)在区间t,t1上为增函数, 所以最小值为 f(t

18、)t22t2. 综上可知,当 t0 时,f(x)mint21,当 0t0,解得 m1. 2.(2021辽宁部分重点高中联考)函数 y1|xx2|的图像大致是() 答案C 解析当 0 x1 时,yx2x1 x1 2 2 3 4, 又当 x1 或 x0 时,yx2x1 x1 2 2 5 4,因此,结合图像,选项 C 正 确. 3.(2020重庆诊断)已知幂函数 yf(x)的图像过点 1 2, 2 2 , 则 log4f(2)的值为() A.1 4 B.1 4 C.2D.2 答案A 解析设幂函数为 f(x)x,由于点 1 2, 2 2 在幂函数的图像上,所以 2 2 1 2 , 解得1 2,则 f(

19、x)x 1 2,故 log4f(2)log42 1 21 4. 4.(2021西安检测)已知函数 f(x)x 3,若 af(0.60.6),bf(0.60.4),cf(0.40.6), 则 a,b,c 的大小关系是() A.acbB.bacC.bcaD.cab 答案B 解析0.40.60.60.60.60.4, 又 yf(x)x 3 在(0,)上是减函数, ba1)的定义域和值域都为1,a,则 b_. 答案5 解析f(x)x22axb 的图像关于 xa 对称, 所以 f(x)在1,a上为减函数, 又 f(x)的值域为1,a, 所以 f(1)12aba, f(a)a22a2b1. 消去 b,得

20、a23a20,解得 a2(a1), 从而得 b3a15. 9.设函数 f(x)ax22x2,对于满足 1x4 的一切 x 的值都有 f(x)0,则实 数 a 的取值范围为_. 答案 1 2, 解析由题意得 a2 x 2 x2对 1x4 恒成立, 又2 x 2 x22 1 x 1 2 2 1 2, 1 4 1 x 1 2. 三、解答题 10.已知函数 f(x)x22ax3,x4,6. (1)当 a2 时,求 f(x)的最值; (2)求实数 a 的取值范围,使 yf(x)在区间4,6上是单调函数. 解(1)当 a2 时,f(x)x24x3(x2)21,由于 x4,6, f(x)在4,2上单调递减,

21、在2,6上单调递增, f(x)的最小值是 f(2)1, 又 f(4)35,f(6)15, 故 f(x)的最大值是 35. (2)由于函数 f(x)的图像开口向上,对称轴是 xa,所以要使 f(x)在4,6上 是单调函数,应有a4 或a6,即 a6 或 a4, 故 a 的取值范围是(,64,). 11.已知二次函数 f(x)ax2bx1(a,bR 且 a0),xR. (1)若函数 f(x)的最小值为 f(1)0,求 f(x)的解析式,并写出单调区间; (2)在(1)的条件下,f(x)xk 在区间3,1上恒成立,试求 k 的取值范围. 解(1)由题意知 a0, b 2a1, f(1)ab10, 解

22、得 a1, b2. 所以 f(x)x22x1, 由 f(x)(x1)2知,函数 f(x)的单调递增区间为1,),单调递减区间为 (,1. (2)由题意知,x22x1xk 在区间3,1上恒成立,即 kx2x1 在区间 3,1上恒成立, 令 g(x)x2x1,x3,1, 由 g(x) x1 2 2 3 4知 g(x)在区间3,1上是减函数,则 g(x) ming(1)1, 所以 k1, 故 k 的取值范围是(,1). B 级能力提升 12.(2020武汉调研)已知幂函数 f(x)mx1 n 是定义在区间2, n上的奇函数, 设 af sin2 7 ,bf cos2 7 ,cf tan2 7 ,则() A.bacB.cba C.bcaD.abc 答案A 解析根据 f(x)mx1 n 是幂函数,且在区间2,n上是奇函数, 得 m1,且2n0,解得 n2, f(x)x3,且在定义域2,2上是单调增函数. 又 0 4 2 7 2,cos 2 7 sin2 7 1tan2 7 , f cos2 7 f sin2 7 f tan2 7 ,即 ba2xm 恒成立; 即 x23x1m 在区间1,1上恒成立. 所以令 g(x)x23x1 x3 2 2 5 4, 因为 g(x)在1,1上的最小值为 g(1)1, 所以 m1.故实数 m 的取值范围为(,1).

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