(2020年高考专用)第九章 平面解析几何 第5节 第2课时.doc

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1、第第 2 课时课时 直线与椭圆的位置关系直线与椭圆的位置关系 考点一 直线与椭圆的位置关系 【例 1】 已知直线 l:y2xm,椭圆 C:x 2 4 y2 21.试问当 m 取何值时,直线 l 与椭圆 C: (1)有两个不重合的公共点; (2)有且只有一个公共点; (3)没有公共点. 解 将直线 l 的方程与椭圆 C 的方程联立, 得方程组 y2xm, x2 4 y2 21, 将代入,整理得 9x28mx2m240. 方程根的判别式 (8m)249(2m24)8m2144. (1)当 0,即3 2b0)的左、右焦点分别为 F1,F2,且点 F1到椭圆 C 上任意一点的最大距离为 3,椭圆 C

2、的离心率为1 2. (1)求椭圆 C 的标准方程; (2)是否存在斜率为1 的直线 l 与以线段 F1F2为直径的圆相交于 A,B 两点,与 椭圆相交于 C,D,且|CD| |AB| 8 3 7 ?若存在,求出直线 l 的方程;若不存在,说明 理由. 解 (1)根据题意,设 F1,F2的坐标分别为(c,0),(c,0), 由题意可得 ac3, c a 1 2, 解得 a2,c1,则 b2a2c23, 故椭圆 C 的标准方程为x 2 4 y2 31. (2)假设存在斜率为1 的直线 l,设为 yxm, 由(1)知 F1,F2的坐标分别为(1,0),(1,0), 所以以线段 F1F2为直径的圆为

3、x2y21, 由题意知圆心(0,0)到直线 l 的距离 d|m| 2 b0)的左、右顶点,直线 BP 交 E 于点 Q,ABP 是等腰直角三角形, 且PQ 3 2QB . (1)求椭圆 E 的方程; (2)设过点 P 的动直线 l 与 E 相交于 M,N 两点,当坐标原点 O 位于以 MN 为直径 的圆外时,求直线 l 斜率的取值范围. 解 (1)由ABP 是等腰直角三角形,得 a2,B(2,0). 设 Q(x0,y0),则由PQ 3 2QB ,得 x06 5, y04 5, 代入椭圆方程得 b21, 所以椭圆 E 的方程为x 2 4y 21. (2)依题意得,直线 l 的斜率存在,方程设为

4、ykx2. 联立 ykx2, x2 4y 21, 消去 y 并整理得(14k2)x216kx120.(*) 因直线 l 与 E 有两个交点,即方程(*)有不等的两实根, 故 (16k)248(14k2)0,解得 k23 4. 设 M(x1,y1),N(x2,y2), 由根与系数的关系得 x1x2 16k 14k2, x1x2 12 14k2, 因坐标原点 O 位于以 MN 为直径的圆外, 所以OM ON 0,即 x1x2y1y20, 又由 x1x2y1y2x1x2(kx12)(kx22) (1k2)x1x22k(x1x2)4 (1k2) 12 14k22k 16k 14k240, 解得 k20

5、 得 m1 且 m3. 答案 B 2.设直线 ykx 与椭圆x 2 4 y2 31 相交于 A,B 两点,分别过 A,B 两点向 x 轴作垂 线,若垂足恰为椭圆的两个焦点,则 k 等于( ) A. 3 2 B. 2 3 C. 1 2 D. 2 解析 由题意可知,点 A 与点 B 的横坐标即为焦点的横坐标,又 c1,当 k0 时,不妨设 A,B 两点的坐标分别为(1,y1),(1,y2),代入椭圆方程得 y13 2, y23 2,解得 k 3 2;同理可得当 kb0)及点 B(0,a),过点 B 与椭圆相 切的直线交 x 轴的负半轴于点 A,F 为椭圆的右焦点,则ABF( ) A.60 B.90

6、 C.120 D.150 解析 由题意知,切线的斜率存在,设切线方程 ykxa(k0),与椭圆方程联立 ykxa, x2 a2 y2 b21, 消去 y 整理得(b2a2k2)x22ka3xa4a2b20, 由 (2ka3)24(b2a2k2)(a4a2b2)0, 得 kc a,从而 y c axa 交 x 轴于点 A a 2 c ,0 , 又 F(c,0),易知BA BF0,故ABF90 . 答案 B 5.斜率为 1 的直线 l 与椭圆x 2 4y 21 相交于 A,B 两点,则|AB|的最大值为( ) A.2 B.4 5 5 C.4 10 5 D.8 10 5 解析 设直线 l 的方程为

7、yxt,代入x 2 4y 21,消去 y 得5 4x 22txt210, 由题意知 (2t)25(t21)0 即 t2b0)的右顶点为 A(1,0),过其焦点且垂直于长轴的弦长 为 1,则椭圆方程为_. 解析 因为椭圆y 2 a2 x2 b21 的右顶点为 A(1,0),所以 b1,焦点坐标为(0,c), 因为过焦点且垂直于长轴的弦长为 1,所以2b 2 a 1,a2,所以椭圆方程为y 2 4x 2 1. 答案 y2 4x 21 7.(2019 河南八校联考)已知椭圆 C:x 2 a2 y2 b21(ab0)的右顶点为 A,经过原点的 直线 l 交椭圆 C 于 P, Q 两点, 若|PQ|a,

8、 APPQ, 则椭圆 C 的离心率为_. 解析 不妨设点 P 在第一象限,O 为坐标原点,由对称性可得|OP|PQ| 2 a 2,因 为 APPQ,所以在 RtPOA 中,cos POA|OP| |OA| 1 2,故POA60 ,易得 P a 4, 3a 4 ,代入椭圆方程得 1 16 3a2 16b21,故 a 25b25(a2c2),所以椭圆 C 的 离心率 e2 5 5 . 答案 2 5 5 8.已知椭圆的方程是 x22y240,则以 M(1,1)为中点的弦所在直线方程是 _. 解析 由题意知,以 M(1,1)为中点的弦所在直线的斜率存在,设其方程为 ykx b, 则有 kb1,即 b1

9、k,即 ykx(1k), 联立方程组 x 22y240, ykx(1k), 则有(12k2)x2(4k4k2)x(2k24k2)0, 所以x 1x2 2 1 2 4k24k 12k2 1, 解得 k1 2(满足 0),故 b 3 2, 所以 y1 2x 3 2,即 x2y30. 答案 x2y30 三、解答题 9.(2017 北京卷)已知椭圆 C 的两个顶点分别为 A(2,0),B(2,0),焦点在 x 轴 上,离心率为 3 2 . (1)求椭圆 C 的方程; (2)点 D 为 x 轴上一点,过 D 作 x 轴的垂线交椭圆 C 于不同的两点 M,N,过 D 作 AM 的垂线交 BN 于点 E.求

10、证:BDE 与BDN 的面积之比为 45. (1)解 设椭圆 C 的方程为x 2 a2 y2 b21(ab0). 由题意得 a2, c a 3 2 ,解得 c 3.所以 b 2a2c21. 所以椭圆 C 的方程为x 2 4y 21. (2)证明 设 M(m,n),则 D(m,0),N(m,n). 由题设知 m 2,且 n0. 直线 AM 的斜率 kAM n m2, 故直线 DE 的斜率 kDEm2 n . 所以直线 DE 的方程为 ym2 n (xm). 直线 BN 的方程为 y n 2m(x2). 联立 ym2 n (xm), y n 2m(x2), 解得点 E 的纵坐标 yEn(4m 2)

11、 4m2n2 . 由点 M 在椭圆 C 上,得 4m24n2, 所以 yE4 5n. 又 SBDE1 2|BD| |yE| 2 5|BD| |n|, SBDN1 2|BD| |n|. 所以BDE 与BDN 的面积之比为 45. 10.已知 A,B 分别为椭圆 C:y 2 a2 x2 b21(ab0)在 x 轴正半轴、y 轴正半轴上的顶 点,原点 O 到直线 AB 的距离为2 21 7 ,且|AB| 7. (1)求椭圆 C 的离心率; (2)直线 l:ykxm 与圆 x2y22 相切,并与椭圆 C 交于 M,N 两点,若|MN| 12 2 7 ,求 k 的值. 解 (1)由题设知,A(b,0),

12、B(0,a),直线 AB 的方程为x b y a1,又|AB| a 2b2 7, ab a2b2 2 21 7 ,ab0, 计算得出 a2,b 3,则椭圆 C 的离心率为 e1b 2 a2 1 2. (2)由(1)知椭圆方程为y 2 4 x2 31,设 M(x1,y1),N(x2,y2),则 y 2 4 x2 31, ykxm 消去 y 得,(3k24)x26kmx3m2120,直线 l 与椭圆相交,则 0,即 48(3k2m2 4)0, 且 x1x2 6km 3k24,x1x2 3m212 3k24 . 又直线 l 与圆 x2y22 相切, 则 |m| k21 2,即 m 22(k21).

13、而|MN| 1k2 (x1x2)24x1x2 1k2 48(3k2m24) 3k24 1k2 48(k22) 3k24 4 3 k 43k22 3k24 , 又|MN|12 2 7 ,所以4 3 k 43k22 3k24 12 2 7 , 即 5k43k220,解得 k 1,且满足 0,故 k 的值为 1. 能力提升题组 (建议用时:20 分钟) 11.(2019 北京东城区调研)已知圆 M:(x2)2y21 经过椭圆 C:x 2 m y2 31(m3) 的一个焦点,圆 M 与椭圆 C 的公共点为 A,B,点 P 为圆 M 上一动点,则 P 到 直线 AB 的距离的最大值为( ) A.2 10

14、5 B.2 104 C.4 1011 D.4 1010 解析 易知圆 M 与 x 轴的交点为(1,0),(3,0),m31 或 m39,则 m 4 或 m12.当 m12 时,圆 M 与椭圆 C 无交点,舍去.所以 m4.联立 (x2)2y21, x2 4 y2 31, 得 x216x240.又 x2, 所以 x82 10.故点 P 到直线 AB 距离的最大值为 3(82 10)2 105. 答案 A 12.(2019 广州调研)在平面直角坐标系 xOy 中,直线 x 2y2 20 与椭圆 C: x2 a2 y2 b21(ab0)相切,且椭圆 C 的右焦点 F(c,0)关于直线 l:y c b

15、x 的对称点 E 在椭圆 C 上,则OEF 的面积为( ) A.1 2 B. 3 2 C.1 D.2 解析 联立方程可得 x 2y2 20, x2 a2 y2 b21, 消去 x,化简得(a22b2)y28b2yb2(8 a2)0, 由0得2b2a280.设F为椭圆C的左焦点, 连接FE, 易知FEl, 所以 FEEF,又点 F 到直线 l 的距离 d c2 c2b2 c2 a,所以|EF| 2c2 a ,|FE|2a |EF|2b 2 a ,在 RtFEF 中,|FE|2|EF|2|FF|2,化简得 2b2a2,代入 2b2 a280 得 b22,a2,所以|EF|FE|2,所以 SOEF1

16、 2SFEF1. 答案 C 13.已知直线 l:ykx2 过椭圆x 2 a2 y2 b21(ab0)的上顶点 B 和左焦点 F,且被 圆 x2y24 截得的弦长为 L, 若 L4 5 5 , 则椭圆离心率 e 的取值范围是_. 解析 依题意,知 b2,kc2. 设圆心到直线 l 的距离为 d,则 L2 4d24 5 5 , 解得 d216 5 .又因为 d 2 1k2,所以 1 1k2 4 5, 解得 k21 4. 于是 e2c 2 a2 c2 b2c2 1 1k2,所以 0e 24 5,又由 0e1,解得 0e 2 5 5 . 答案 0,2 5 5 14.(2019 咸阳一模)在平面直角坐标

17、系 xOy 中,已知椭圆 C:x 2 a2 y2 b21(ab0)过 点 P(2,1),且离心率 e 3 2 . (1)求椭圆 C 的方程; (2)直线 l 的斜率为1 2,直线 l 与椭圆 C 交于 A,B 两点,求PAB 的面积的最大值. 解 (1)因为 e2c 2 a2 a2b2 a2 3 4,所以 a 24b2. 又椭圆 C:x 2 a2 y2 b21(ab0)过点 P(2,1), 所以 4 a2 1 b21.所以 a 28,b22. 故所求椭圆方程为x 2 8 y2 21. (2)设 l 的方程为 y1 2xm,点 A(x1,y1),B(x2,y2),联立 y1 2xm, x2 8 y2 21 消去 y 整 理,得 x22mx2m240. 所以 x1x22m,x1x22m24. 又直线 l 与椭圆相交,所以 4m28m2160,解得|m|2. 则|AB|11 4 (x1x2) 24x1x2 5(4m2). 点 P 到直线 l 的距离 d |m| 11 4 2|m| 5 . 所以 SPAB1 2d|AB| 1 2 2|m| 5 5(4m2) m2(4m2)m 24m2 2 2. 当且仅当 m22,即 m 2时,PAB 的面积取得最大值为 2.

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