1、东城区20222023学年度第一学期期末统一检测 高 三 数 学 2023.1本试卷共5页,150分。考试时长120分钟。考生务必将答案答在答题卡上,在试卷上作答无效。考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。第一部分(选择题 共40分)一、选择题共10小题,每小题4分,共40分。在每小题列出的四个选项中,选出符合题目要求的一项。(1)已知集合,则(A) (B) (C) (D)(2)在下列函数中,为偶函数的是(A) (B) (C) (D)(3)在的展开式中,若第3项的系数为10,则(A) (B) (C) (D)(4)在等比数列中,则(A) (B) (C) (D)(5) 北京中轴线是世界城市建设历史
2、上最杰出的城市设计范例之一. 其 中钟鼓楼、万宁桥、景山、故宫、端门、天安门、外金水桥、天安门 广场及建筑群、正阳门、中轴线南段道路遗存、永定门,依次是自北 向南位列轴线中央相邻的11个重要建筑及遗存.某同学欲从这11个 重要建筑及遗存中随机选取相邻的3个游览,则选取的3个中一定有故宫的概率为(A) (B) (C) (D)(6)在平面直角坐标系中,角以为始边,终边位于第一象限,且与单位圆交于点,轴,垂足为若的面积为,则(A) (B) (C) (D)(7)已知双曲线的左、右焦点分别为,其渐近线方程为,是上一点,且.若的面积为,则的焦距为(A) (B) (C) (D)(8)在中,“对于任意,”是“
3、为直角三角形”的(A)充分而不必要条件 (B)必要而不充分条件(C)充分必要条件 (D)既不充分也不必要条件 (9)在平面直角坐标系中,若点在直线上,则当变化时,直线的斜率的取值范围是(A) (B) (C) (D) (10)如图,在正方体中, 是棱上的动点,下列说法中正确的是存在点,使得;存在点,使得;对于任意点,到的距离为定值;对于任意点,都不是锐角三角形.(A) (B) (C) (D) 第二部分(非选择题 共110分)二、填空题 共5小题,每小题5分,共25分 (11)若复数满足,则(12)已知函数,则 ;若将的图象向左平行移动个单位长度后得到的图象,则的一个对称中心为 .(13)经过抛物
4、线焦点的直线与抛物线交于不同的两点,经过点和抛物线顶点的直线交抛物线的准线于点,则点的纵坐标与点的纵坐标的大小关系为 .(用“”“”“”填写)(14)设函数当时,的值域为_;若的最小值为1,则的取值范围是_.(15) 对于数列,令,给出下列四个结论:若,则;若,则;存在各项均为整数的数列,使得对任意的都成立;若对任意的,都有,则有.其中所有正确结论的序号是 .三、解答题共6小题,共85分。解答应写出文字说明,演算步骤或证明过程。(16)(本小题13分)如图,在锐角中,点在边的延长线上,且CD10.()求;()求的周长(17)(本小题15分)如图,在四棱锥 中,底面是边长为2的正方形,为的中点,
5、为上一点,平面 .(I)求证:为的中点;(II)再从条件、条件这两个条件中选择一个作为已知,求直线 与平面所成角的正弦值.条件:;条件: .注:如果选择条件和条件分别解答,按第一个解答计分(18)(本小题13分) “双减”政策执行以来,中学生有更多的时间参加志愿服务和体育锻炼等课后活动.某校为了解学生课后活动的情况,从全校学生中随机选取100人,统计了他们一周参加课后活动的时间(单位:小时),分别位于区间7, 9),9, 11),11, 13),13, 15),15, 17),17, 19,用频率分布直方图表示如下:假设用频率估计概率,且每个学生参加课后活动的时间相互独立.()估计全校学生一周
6、参加课后活动的时间位于区间13, 17)的概率; ()从全校学生中随机选取3人,记表示这3人一周参加课后活动的时间在区间15, 17)的人数,求的分布列和数学期望;()设全校学生一周参加课后活动的时间的众数,中位数,平均数的估计值分别为a,b,c,请直接写出这三个数的大小关系.(样本中同组数据用区间的中点值替代)(19)(本小题14分)已知椭圆的离心率为,长轴长与短轴长的和为,分别为椭圆的左、右焦点.() 求椭圆的方程;() 设为椭圆上一点,.若,成等差数列,求实数的取值范围.(20)(本小题15分)已知函数.()求曲线在点处的切线方程;()求的极值;()证明:当时,曲线与曲线至多存在一个交点
7、.(21)(本小题15分)已知数列,满足:,从中选取第项、第项、第项(),称数列为的长度为m的子列记为所有子列的个数.例如,其.()设数列,写出A的长度为3的全部子列,并求;()设数列,判断的大小,并说明理由;()对于给定的正整数,若数列满足:,求的最小值.东城区20222023学年度第一学期期末统一检测 高三数学参考答案及评分标准 2023.1一、选择题(共10小题,每小题4分,共40分)(1)A(2)C(3)B (4)D (5) D (6)D (7)C (8)A(9)B (10)C二、填空题(共5小题,每小题5分,共25分)(11)(12) (答案不唯一)(13) (14) (15) 三、
8、解答题(共6小题,共85分)(16)(共13分)解: 又因为在锐角ABC中,所以 6分()因为,所以.在中,由余弦定理得所以的周长为 13分(17)(共15分)解:(I)在中,过点作/交于点,连接. 因为/,所以/,所以,四点共面.因为/平面,平面,平面平面,所以/所以四边形是平行四边形.所以所以为的中点. 6分(II)选条件:.因为底面为正方形,所以.又,所以平面.所以.如图建立空间直角坐标系,因为底面是边长为2的正方形,则,所以,. 设平面的一个法向量为 ,则 即令 ,则.于是.设直线与平面所成角为,则 .所以直线与平面所成角为的正弦值为. 15分选条件:.如图,连接.因为底面是边长为2的
9、正方形,所以, .因为 ,所以.所以 .因为, ,所以平面所以.以下同选条件 . 15分(18)(共13分)解:()根据频率分布直方图,可得学生一周参加课后活动的时间位于区间13, 17)的频率为,因此估计全校学生一周参加课后活动的时间位于区间13, 17)的概率为 3分()从全校学生中随机选取1人,其一周参加课后活动的时间在区间15, 17)的概率为因此 则的分布列为:0123 10分()cba 13分 (19)(共14分) 解:()由题设,解得所以椭圆的方程为. 5分 ()设为椭圆上一点, 则有 由,成等差数列,得 即 由,则.又在椭圆上,有, 故,因为,所以.即,所以所以实数的取值范围是
10、. 14分 (20) (共15分)解:()因为所以. 所以,所以曲线在点处的切线方程为. 4分 ()令,得. 当时,单调递减;当时,单调递增;当时,在时取得极小值.所以函数的极小值为,不存在极大值. 9分()令,其定义域为.令, , 所以在上单调递增.当时,即,单调递减;当时,即,单调递增;当时, ,即,取得极小值. , 因为,所以,所以. 因此,当时,所以,即,曲线与曲线无交点;当时,所以存在且仅存在一个,使得,对且,都有,即.所以当时,曲线与曲线有且仅有一个交点; 故当时,曲线与曲线至多存在一个交点. 15分 (21) (共15分)解:()由的定义以及,可得:A的长度为3的子列为:,的长度为的子列有个,的长度为的子列有个,所以. 5分 ()理由如下:若是的一个子列,则为 的一个子列.若与是的两个不同子列,则与也是的两个不同子列.所以.同理,所以.同理所以有 10分 ()由已知可得,数列中恰有k个1,个0. 令,下证:.由于,所以的子列中含有i个0,j个1 的子列有且仅有1 个,设为:. 而数列的含有i个0,j个1的子列至少有一个,所以.数列中,不含有0的子列有个,含有1个0的子列有k个,含有2个0的子列有个,含有个0的子列有个,所以. 所以的最小值为. 15分