2023年湖北省八市高三（3月）联考各科试卷及答案.rar

12023 年湖北省八市高三（3 月）联考化学参考答案1.C2.C3.C4.B5.D6.D7.B8.C9.B10.B11.A12.B13.D14.D15.D16（13 分）（1）圆底烧瓶（1 分），b（1 分）。（2）防止温度过高，反应速率过快（2 分）（答减速即可得分）（3）CrO3+2HCl=CrO2Cl2+H2O（2 分）。（方程式不平不得分）（4）加入过量氯化钠可产生过量的氯化氢气体，使更多的 CrO3参与反应。（2 分）（5）将 CrO2Cl2迅速冷凝便于收集，提高产率（或答减缓铬酰氯挥发）（2 分）（6）B（1 分）吸收未参与反应的 HCl 气体和逸出的铬酰氯蒸气，防止空气中的水蒸气进入装置。（2 分）（两条各 1 分未答吸收铬酰氯蒸气不扣分）17（14 分）(1)相同(2 分)(2)19(2 分)(3)(2 分)(4)8(2 分)(5)氨基(1 分)碳氟键(1 分)2HCl(1 分)(6)加成反应(1 分)形成的五元环较稳定(2 分)（或答酰胺键比酯基稳定）18（14 分）（1）MnO2（或答二氧化锰）（2 分）Mn2O32H MnO2Mn2H2O（2 分）（2）将溶液中的 Mn2+氧化为 MnO2沉淀除去；将溶液中的 Fe2+氧化为 Fe3+。（2 分，两条各1 分）（3）蒸发浓缩（1 分）冷却结晶（1 分）（4）ZnSO4+C12H22O14Ca=CaSO4+C12H22O14Zn(2 分)降低葡萄糖酸锌的溶解度（2 分）（5）该同学也能制得葡萄糖酸锌，但产品可能不纯（2 分）（答产品不纯即可得分）19.（14 分）（1）能（2 分）（2）反应速率、平衡转化率、催化剂的活性（任写两点，2 分）（3）833 或253（2 分）（4）8HN26e2NH4（2 分）（或答 6HN26e2NH3）（5）196%（2 分）高电压有利于竞争反应22H2eH的进行，从而不利于产 NH3（2 分）（6）N2H2和 N2H4（2 分，对一个得 1 分，错写不多扣分）22023 年湖北省八市高三（3 月）联考化学参考答案1.C2.C3.C4.B5.D6.D7.B8.C9.B解析：A 分子中含有 8 个手性碳原子10.B11.A12.B13.D14.D解析：AH在阴极得电子生成 H 原子，H 与 Fe(III)反应生成 Fe(II)，Fe(II)还原 NO3-生成 Fe(III)和 NH4+，Cl-在阳极失电子生成 Cl2，Cl2与水反应生成 HCl 和 HClO，NH4+与 HClO反应生成 N2。D a 电极发生 4Cl-8e-4H2O4HClO4H，b 电极发生8e-10H3H2O，再根据 HClO 氧化的离子方程式 23HClON23Cl-5H3H2O，根据分析生成的 4molHClO 中有 1.5mol 变为氯离子，还有 2.5molHClO 在溶液中，因此在处理过程中Cl-浓度不断减少15.D15 解析解析A 项：滴定的 2 次突变分别在酸性和碱性范围，应选择不同的指示剂，A 项正确。B 项：首先识别三条曲线分别代表的微粒，然后看图说话，pH8 时，c(R2)c(HR)；pH8 时，溶质为 NaHR 和 Na2R，所以 c(Na)c(R2)，B 项正确。C 项：X 点，(R2)(HR)，pKa27.22，Z 点，(H2R)(HR)，pKa11.85，Y 点，(H2R)(R2)，pH12(pKa1+pKa2)12(1.85+7.22)4.54，C 项正确。D 项：根据 2HRH2R+R2c(H_x001F_2R)c(R2)c2(HR)Ka2Ka1107.22101.851，即 c2(HR)c(R2)c(H2R)，D 项错误。16（13 分）（1）圆底烧瓶（1 分），b（1 分）。3NO+4NH+4NH+4NH3（2）防止温度过高，反应速率过快（2 分）（答减速即可得分）（3）CrO3+2HCl=CrO2Cl2+H2O（2 分）。（方程式不平不得分）（4）加入过量氯化钠可产生过量的氯化氢气体，使更多的 CrO3参与反应。（2 分）（5）减缓铬酰氯挥发（2 分）（6）B（1 分）吸收未参与反应的 HCl 气体和溢出的铬酰氯蒸气，防止空气中的水蒸气进入装置。（2 分）（两条各 1 分未答吸收铬酰氯蒸气不扣分）【16 解析】（1）由图可知 A 为圆底烧瓶。B 中，冷凝水应下口进上口出。（2）A 中反应为放热反应，在反应前冷却浓硫酸可防止反应速率过快，同时也可防止 A 中温度过高导致铬酰氯大量挥发。（3）已知反应物 CrO3和 HCl，还知道生成物含有中 CrO2Cl2，写出反应物和生成物，配平即可得到反应：CrO3+2HCl=CrO2Cl2+H2O。（4）反应过程中有一部分氯化氢气体来不及与 CrO3接触就逸出液面，导致 CrO3反应不充分。加入过量氯化钠可产生过量的氯化氢气体，使更多的 CrO3参与反应，增大了铬酰氯的产率。（5）常温下铬酰氯易挥发，铬酰氯蒸气仅凭冷凝管冷却，难以转化为液体，用冰水浴可将铬酰氯蒸气尽可能转化为液体，同时也可减少液态铬酰氯的挥发。（6）尾气中含氯化氢气体和铬酰氯蒸气，铬酰氯与水反应可生成盐酸和铬酸，氢氧化钠溶液可同时吸收氯化氢气体与铬酰氯蒸气。但铬酰氯易水解，不能将产物的收集装置直接连接到装有氢氧化钠溶液的吸收装置中。碱石灰中含有氢氧化钠固体，氢氧化钠固体易吸潮，其表面会吸收少量水分，氯化氢气体和铬酰氯蒸气通过吸潮后的氢氧化钠固体时可以被吸收。17（14 分）(1)相同(2 分)(2)19(2 分)(3)(2 分)(4)8(2 分)(5)氨基(1 分)碳氟键(1 分)2HCl(1 分)(6)加成反应(1 分)形成的五元环较稳定(2 分)（或答酰胺键比酯基稳定）17 解析解析(1)A 与 SOCl2发生取代反应生成酰卤，得 B，B 与 CH3NH2发生取代反应生成酰胺，得化合物 C，所以这两个反应的反应类型相同。4(2)具有酰胺类物质的性质，苯环上第 3 个取代基可以是：、，所以满足 C 的同分异构体还有 19 种(541)。(3)联系 C 和 F 的结构，容易判断 C 与（D）发生取代反应生成化合物 E（）。(4)化合物 F 核磁共振氢谱的吸收峰有 8 组：(5)G 可以由 X 转化得到：5(6)（五元环、六元环较稳定）18（14 分）（1）MnO2（或答二氧化锰）（2 分）Mn2O32H MnO2Mn2H2O（2 分）（2）将溶液中的 Mn2+氧化为 MnO2沉淀除去；将溶液中的 Fe2+氧化为 Fe3+。（2 分，两条各1 分）（3）蒸发浓缩（1 分）冷却结晶（1 分）（4）ZnSO4+C12H22O14Ca=CaSO4+C12H22O14Zn(2 分)降低葡萄糖酸锌的溶解度（2 分）（5）该同学也能制得葡萄糖酸锌，但产品可能不纯（2 分）（答产品不纯即可得分）【18 解析】（1）由已知可知，反应物为 Mn2O3和 H+生成物含有 MnO2和 Mn2+，写出反应物和生成物，配平后可得到反应：Mn2O3+2H+=MnO2+Mn2+H2O。因此，沉淀 1 为 MnO2。（2）由已知可知，Mn2+与 Zn2+开始沉淀与完全沉淀的 pH 范围有部分重合的地方，难以通过调 pH 将 Mn2+除去，因此，Mn2+在此处应被氧化成 MnO2沉淀除去。另外，氧化过程还将溶液中的 Fe2+氧化为 Fe3+,并通过调节 pH 除去。（3）由于葡萄糖酸锌极易溶于热水，溶于冷水，溶解度有一定的差异，可蒸发浓缩、冷却结晶的操作分离提纯。（4）由于 CaSO4微溶，可写出复分解反应：ZnSO4+C12H22O14Ca=CaSO4+C12H22O14Zn。因为葡萄糖酸锌在水中的溶解度较大，可推知其即使经过浓缩后也不易结晶，向溶液中加入少量乙醇后可降低葡萄糖酸锌的溶解度，使其顺利结晶。（5）能得到葡萄糖酸锌,因为 Zn(OH)2与 H2SO4反应生成 ZnSO4，ZnSO4可与 C12H22O14Ca反应生成 C12H22O14Zn，并在乙醇作用下顺利结晶。19.（14 分）（1）能（2 分）（2）反应速率、平衡转化率、催化剂的活性（任写两点，2 分）（3）833 L2/mol2或253L2/mol2（2 分）（单位不写不扣分）（4）8HN26e2NH4（2 分）（或答 6HN26e2NH3）（5）196%（2 分）高电压有利于竞争反应22H2eH的进行，从而不利于产 NH3（2 分）6（6）N2H2和 N2H4（2 分，对一个得 1 分，错写不多扣分）【19 解析】（1）G=H-TS=-92400-29815(-200)0，可以自发进行；（3）列三段式：2x322x7，解得 x=03 mol/L，则223223322(NH)0.625 L/mol3(N)(H)0.20.6cKcc（5）最大产率，则此时氨气的生成速率最大，为 068 mg/min。氨气的实际产量为0.680.04 mmol/min17，氨气的理论产量应以氮气 100%转化为 NH3进行计算，即25 mL/min100*2 mmol/min24.5 L/mol49。故此时氨气的产率为 196%。（6）要求结构对称，根据机理图，可以得知为 HN=NH 和 H2N-NH2。1历史历史 参考答案、评分细则及双向细目表参考答案、评分细则及双向细目表1.B。材料反映了“封人”由中央之官转变为守疆之官，而且受到国君的重视，反映了疆域观念的加强，故 B 项正确。材料无法体现地方治理的成熟，A 项错误；材料无法体现权力下移和华夏认同，CD 两项错误。2.D。材料中汉朝的法律条款涉及广泛，体现了汉代重视法律治理作用，故 D 项正确。秦汉均有依法治国的理念，A 项错误；材料未体现律例和文书制度两个信息，BC 两项错误。3.A。材料体现出唐朝科举考试重视“策”的考察，也就是重视官员治国理政的能力，故 A 项正确。科举考试重视“策”的考察，无法体现品德标准，B 项错误；材料无法体现社会基础的扩大，C 项错误；重视“策”体现的是人才选拔内容标准，而非选拔方式，D 项错误。4.C。材料反映的是北宋到南宋时期，民户由必须亲自服役到“私雇代役”，民户自由度增强，体现了封建人身控制的松弛,故 C 项正确。服役主体的变化，无法促成新的生产关系的产生，也无法冲击传统四民阶层，AD 两项错误；服役主体的变化与政府财政负担无关，B 项错误。5.A。材料反映的是农业生产重视气象观测，即根据天气安排农业生产，这体现了古代农业精耕细作的特点,故 A 项正确。材料未体现理学观念和神秘色彩，BC 两项错误；材料无法体现土地利用效率的提升这一结果，D 项错误。6.D。材料反映了晚清时期，包括征税权在内的地方权力的扩张，结合所学可知，晚清时期中央权力下移始于太平天国运动时期,故 D 项正确。A 项崩溃的说法夸大了其影响；材料无法体现征税程序的简化和财政收入结构，BC 两项错误。7.C。材料反映了从 19 世纪末到 20 世纪初，国人在介绍意大利统一的历史著作中，从国王到民间英雄都为意大利统一做出了贡献，结合这一时期的时代背景，这一转变适应了救亡图存的现实需要，故 C 项正确。梁启超是维新派，A 项与史实不符；1902 年，维新变法已成历史，B 项错误；材料与进化史观无关，D 项错误。8.B。材料反映了 20 世纪 30 年代，国民政府重视空防建设，结合所学知识可知，这些措施主要是为了应对日本日益严重的军事威胁，故 B 项正确。从空军建设的针对对象和地域（如南京、广州）分布看，针对的主要对象不是红军、反蒋运动和军阀，ACD 三项错误。9.D。材料反映了新中国成立初期，党和政府采取多种方式从多个社会层面提倡国民体育，这有利于国民体育的大众化，故 D 项正确。A 项中的显著提升，程度夸大；B、C 两项材料未体现。10.C。所谓利改税就是要把国营企业上缴利润改为按国家规定的税种及税率缴纳税金，税后利润完全归企业自由支配，逐步把国家与国营企业的分配关系通过税收形式固定下来,通过利改税可以增强企业活力,2故C项正确。材料与经济结构调整和对外开放无关，AD两项错误；21世纪初，市场经济初步建立，B项错误。11.B。凯撒颁布法律，禁止元老或其他掌权人违反有关禁令从事商业活动并规范总督的行为，此举可以提升国家的治理能效,故B项正确。这一时期的罗马是共和国，且材料主旨与扩大疆域无关，A项错误；C项太绝对；对元老的规定与中央集权无关，D项错误。12.C。材料反映了 14 世纪中期土地代理人管理封土的现象增多，这冲击了传统的封君封臣制和庄园经济,故 C 项正确。材料没有体现圈地运动、资本主义生产关系和农业集约化，ABD 三项错误。13.A。本题有两则材料，材料表明，18 世纪苏格兰的格拉斯哥商人关心该地区的政治和经济，他们还资助了欧洲启蒙思想的代表人物之一亚当斯密，这些活动都有利于启蒙思想的传播，故 A 项正确。国富论的创作在工业革命前，B 项错误；格拉斯哥商人的活动无法直接提升民众的政治素养和经济政策的调整，CD 两项错误。14.B。19 世纪上半叶拉美各国独立后，但由于考迪罗政治盛行，许多国家政局动荡，直到 19 世纪 70 年代，即独立后约 50 年，拉美国家才实现初步稳定，并开启早期现代化进程。19 世纪末和 20 世纪初，拉美主要国家虽然独裁专制政治依然盛行，但国家主权独立，这更利于早期现代化进程的开启。拉美国家一方面加大初级产品出口，另一方面，借助西方资本和市场，建设港口、铁路和公路等基础设施,促进了经济和社会的发展，故 B 项正确。美国成为资本主义世界头号强国是在二战以后,A 项错误；与 19世纪中叶相比，19 世纪末 20 世纪初的工人运动更多的是采用合法斗争和经济斗争，对经济的冲击远低于前期的激烈对抗，C 项错误；19 世纪末非洲资本主义发展程度较低，D 项不符合史实。15.B。图中右边人物试图与英国争夺殖民地，根据材料中的时间点并结合所学可知，19 世纪末，在非洲和大洋洲，与英国展开海外殖民地争夺的国家主要是德国，故 B 项正确。16.D。根据材料并结合所学可知，这一时期美国的内外政策受冷战的影响，美国通过邀请优秀青年访美，实际上是为了输出美国的价值观，强化美国对世界的影响，故 D 项正确。A 项是具体的做法，不是主要目的；20 世纪 50 年代在美苏争霸中，美国处于优势地位，B 项错误；美国邀请优秀青年领袖访美活动，不仅仅是针对资本主义世界，而是在全世界范围，C 项错误。17.（12 分）（1）特点：以血缘关系为核心，以家庭为基础单位，以“宗”统“族”。（2 分。每点 1 分，答出任意两点即可）发展历程：远古时期，宗族产生；宋明时期，形成较完整的宗族制度；清朝时期，成为向国家负责的地方社团组织。（4 分。一点 2 分，两点 3 分，三点 4 分；有其他表述，能言之成理，持之有据可同等给分）3（2）作用：有利于增强宗族内部凝聚力；有利于社会救济和教化 的开展；有利于国家的基层治理；一定程度上维护了封建王权统治。（6 分。每点 2 分,答出任意三点即可）18.（14 分）（1）新发展：引进新式交通工具；覆盖面由通商口岸向周边地区扩展；频次不断增加。（4 分。每点 2 分，答出任意两点即可）（2）特点：长三角地区邮政业务不断增加；高于全国水平；但地区发展不平衡。（4 分。答出任意一点 2分，任意两点 3 分，任意三点 4 分）原因：长三角地区经济发展迅速；近代交通工具的进步；受各种因素的影响，近代化程度呈现出地区差异。（6 分。每点 2 分）19.（14 分）（1）不同：材料一中的地图，侧重绘制亚洲和中国；材料二中的地图，关注国家边界的勘测。（4 分）成因：材料一，早期殖民扩张；世界贸易初步发展。（2 分。每点 1 分）材料二，测绘技术的发展（或科技的进步）；民族国家意识的增强；大国争霸日益加剧。（2 分。每点 1 分，答出任意两点即可）（2）影响：促成了新型知识生产；搅动了从旧欧洲到新世界的秩序格局（影响了近现代世界格局）；推动了国家主权的领土化；有利于世界联系的加强。（6 分。每点 2 分，答出任意三点即可）20.（12 分）1012 分 观点明确，史论结合紧密，材料充分，论证严谨，表述准确79 分观点比较明确，史论结合比较紧密，材料比较充分，论证比较严谨，表述比较准确46 分观点不够明确，史论结合不够紧密，材料不够充分，论证不够严谨，表述不够准确03 分观点不明确，史论结合不紧密，材料不充分，论证不严谨，表述不准确示例：中国历史的重大时刻1921 年中国共产党的成立中国共产党的成立，使中国革命有了坚强的领导核心，也深刻改变了中华民族的前途和命运。工人阶级代表最先进的生产力，有严密的组织纪律和彻底的革命斗争精神，是中国近代社会最革命的阶级。中国共产党是工人阶级的先锋队组织，以马克思主义的科学理论为指导，成为中国革命的领导核心。中国共产党一成立，就义无反顾的肩负起实现中华民族独立、发展和伟大复兴的历史使命，不断攻克难关，从根本上改变了中华民族的命运。中共二大第一次明确提出了反帝反封的民主革命纲领，为中国革命指明了正确方向；1927 年井冈山革命根据地的建立，开创了农村包围城市的正确革命道路；抗日战争时期，高举抗日民族统一战线的旗帜，坚持维护、巩固、发展抗日民族统一战线，成为全民族抗战的中流4砥柱，取得了抗战的伟大胜利；抗战胜利后，中国共产党顺应人民的愿望，通过一系列斗争取得新民主主义革命的基本胜利，建立新中国，实现了百年救亡。新中国成立后，中国共产党不断探索会主义建设道路，改革开放，开创了中国特色社会主义建设道路，经济建设取得举世瞩目的成就，中华民族迎来伟大复兴的光明前景。综上，中国共产党的成立使中国革命和建设有了坚强的领导核心、正确的道路，这说明中国共产党的成立是中国历史的重大时刻。其它论题论述亦可，如：世界经济史上的重大时刻布雷顿森林体系的建立；世界史上的重大时刻罗斯福新政等。2023 届湖北省八市联考地理答案1.C 2.D 3.A【解析】1.城市中心城区为人流、车流最大的区域，空中步行系统实现了人车分流，达到提高了中心城区交通效率的目的。故选 C。2.城市空中步行系统是城市公共空间。从空间利用属性来看，休闲娱乐空间属于城市公共空间，商业和商务空间具有空间开放性的特点，利用上具有一致性。同时城市中心 CBD 空中步行系统联接不同的商业大厦，可以形成相对独立的商务空间。而如图城市步行天桥进行空间拓展，建设小绿地、小公园，形成休闲娱乐空间。故选 D。3.城市空中步行系统大量使用坡道、连廊、天桥、平台和屋顶，提升城市的用地效益；步行系统的建设，方便了市民的步行出行，实现了低碳出行；城市空中步行系统设计和建设往往别出心裁，甚至成为城市地标性景观，美化了城市环境。而城市的空中步行系统只是作为城市主要道路和轨道交通的补充，是根据城市各功能分区的需要，进行因地制宜建设，以满足城市近距离交通的需求。因此，城市功能分区是影响城市的空中步行系统因素，其建设不会导致城市功能分区的变化和转换。故选 A。4.D5.C6.B【解析】4.根据材料可知增加绿化后，小区的气温降低；同时，小区绿化增加后，地表阻力增加，风速会降低。故选 D。5.丙地位于建筑的背风区，根据材料，小区增加绿化前建筑物背风区气温较高，同时结合该栋建筑位于小区的南部，无遮挡，气温最高。故选 C。6.拆除部分建筑可以降低地表风阻，但小区的热环境主要受小区绿化的影响。改变铺地材料，可以减少对太阳辐射的吸收，对改善小区热环境是有利的。增加空调数量只会使室内的气温下降，反而使小区的环境温度更高。故选 B。7.B8.C9.A解析：7.读图可知，与 2004 年比，2019 年京津冀工业绿色全要素生产率水平低级效率区面积更大、地区差异明显减小、内陆城市水平提高、除沧州外环京津其他地区均提升。故选 B。8.廊坊市、保定市作为环京津城市，受益于北京市和天津市的空间溢出效应影响，城市工业绿色发展水平快速提高。故选 C。9.为全面提升京津冀工业绿色全要素生产率水平，应建立城市间合作机制，缩小绿色 TFP 差异；改善工业发展条件，提高科技水平；高级效率区突出特色产业和创新引领，低级效率区积极配置与其条件相适应的要素。故选 A。10.A11.B12.D解析：10.看图中海水温度、盐度随深度的变化规律，即可得出，该海域海水自表层至深层依次为低温低盐层、温暖水团层、高温高盐层。结合材料，该海域表层应为海冰融化、混合形成低盐的融冰水。融冰水以下，为来自白令海海水和阿拉斯加沿岸流带来的暖水团。向下则为高温高盐的海水。故选 A。11.受北极极夜和冰下弱光影响，冰下浮游植物在长期演变中的暗适应性较强。故选 B。12.尽管融冰表层光照强，因光强对浮游植物分布的影响较弱，且低营养盐和低温的表层冰融水会限制浮游植物的生长。来自白令海海水和阿拉斯加沿岸流带来较多营养盐和暖水团，间接影响了浮游植物的分布。浮游植物在营养盐相对充裕和温度较高的暖水团附近（约 50 m）聚集。故选 D。13.B14.C15.A解析：13.根据日地月三者的位置关系，可以判断，月相乙时日地月三者位置垂直，引潮力最小。故答案选 B14.根据满月月相规律可知，当月球位于观测者上中天时，其高度角最大。此时观测者位于 24 点太阳方位。故 C 正确。15.设月球自转的真正周期为 T,一个塑望月为 t。连续出现两次满月时，地球公转的角度=，月球公转的角度,得出 T=27.3 天。故选 A。16.（1）小春期间气温偏低，（2 分）降水量不足，（2 分）不能满足水稻生长需求。（2）因地制宜，发挥区域自然资源优势，发展特色农业；（2 分）引进先进技术，提升产品品质，提升经济效益；（2 分）以绿色发展为导向，走产出高效、资源节约、环境友好的产业发展道路。（答出绿色环保均给分）（2 分）（3）好处：种植不同作物，有利土壤养分的恢复，保持土壤肥力；（2 分）增加农产品的多样性，提升对市场的适应能力，提升土地经济效益。（2 分）不足：增加技术投入难度，增加农业生产资料的投入，增加了生产成本；（2 分）不利于农业的专业化生产。（2 分）17.（1）河流流域面积广，流程长，支流众多；（2 分）区域降雨丰沛，河流径流量大；（2 分）区域处在我国第一级阶梯向第二级阶梯过渡地带，河流落差大、峡谷众多，有利于河流的梯级开发。（2 分）（2）位于板块交界地带，（1 分）地形地质条件复杂，多地震、滑坡等地质灾害；（1 分）生态环境压力大；（1 分）移民安置；（1 分）交通不便等。（1 分）（言之有理可酌情给分）（3）缓解能源紧张状况，促进经济发展；推动相关产业的发展；带动基础设施建设；优化能源结构，改善大气环境质量，减轻酸雨危害。（任答 3 点得 6 分）18.（1）喀斯特地区化学风化产物易溶于水，成土物质易流失，土壤浅薄；（2 分）成土速率慢，成土时间长，一旦破坏难以恢复；（2 分）土壤石砾含量高、土质疏松，土壤蓄水保肥能力弱；（2 分）土壤贫瘠，植被覆盖率低，土壤有机质（碳）积累少。（2 分）（2）梯田修建大面积改变地表形态，大量破坏原生植被和土壤，使土壤中的有机碳补充减少并大量流失；（2 分）梯田主要用于耕作，农业生产对土壤扰动大，导致土壤（有机碳）流失快；（2 分）同时作物生产需要消耗土壤中大量的养分，使土壤有机碳含量下降。（2 分）（3）因地制宜，调整农业产业结构；在坡面修建鱼鳞坑，在坑内种植果木，发展林果业；种植牧草，发展畜牧业；坡面采用梯田嵌套鱼鳞坑，梯田发展种植业（稳定粮食生产）。（每点 2 分，任答 3 点得 6 分）2023 年高三年级三月调研考试数学试题参考答案与评分标准一一、选择题选择题与多选题与多选题题号123456789101112答案DBCCABBDABDBCDBCDABD三三、填空题填空题13.2114.e2215.2222或16.1(2 分)91（3 分）四、解答题17.解：(1)依题意有.sincoscossinsinsinsin)6sin(sin2BABAACAAB3sin sinsin cossinsin coscos sin.ABBAAABAB3sincos2sin()1,6BBB则(0,),.663BBB 又3 分34ADC，则4ADB，在ABD中，由正弦定理得sinsinADABBADB，23222AD，解得6AD 5 分（2）设CDt，则2BDt，又3 3ABCS，即132 33 322t，可得2t，故36BCt，又2212cos4362 2 62 72ACABBCAB BCB ，在ABD中，由正弦定理可得sinsinBDABBADADB，故sin2sinBADADB，在ACD中，由正弦定理可得sinsinCDACCADADC，故7sinsin7CADADC，因为sinsinsinADBADCADC，sin2sin2 7sin7sin7BADADBCADADC.10 分18.【详解】（1）由题设22nnnSaa且，0na 当1n 时，2111122Saaa，可得11a；当2n 时，221112)2(nnnnnnnSaaaaSa，则221111()()nnnnnnnnaaaaaaaa-+=-=+-；由10nnaa，故11nnaa，所以 na是首项、公差均为 1 的等差数列，故nan.5 分（2）2214222nnanmmnmann，因为1422nn，当且仅当2n时成立，所以10b，21b，当3m，因为21212221221mmmmm，22122mmmmm，所以能使22nmn成立的 n 的最大值为21m，所以21(3)mbmm，所以 mb的前 50 项和为599480 1 57990 12497.2 .12 分19.（1）证明：连结AC，111111,AACC AACC AEAA CFCC =.AECFAE CFAECF，即，.AEFCACEF四边形为平行四边形，则,EFBEF ACBEF平面平面,.ACBEFBEFABCDllABC 平面平面平面平面.AClABCDACBD菱形，则，111,BBABCD ALCABCDACBB BDBBB又平面平面，则1ACB BDDACl1平面，又1lB BDD 1平面4 分ABCDD1C1B1A1EFOxyzO111111111111,.,.2ACB DOACBDOOOBBBBABCDOOABCDOOOB OOOC交于点，则平面平面连结则（）111112 3.2,1,.3,2.112 32 31.3239BBDFF BDBABCDOBOCACEFOAOCABBDOB OC OOxyzBBtDDtVVt 菱形，则以为 轴，轴，轴建立如图的空间直角坐标系,设则11111112122,2,433,(,0,4),(0,0,3),(0,1,3)33(,1,34)(0,1,0)31sin4(34)347 52()(34),(01),()333tBBDDOODCFFD FOCBDDD F OCD F OCff 即则又是平面的一个法向量设则，15621sin52712 分20.解：（1）设甲乙通过两轮制的初赛分别为事件12,A A，则12343322455535P AP A，由题意可得，X 的取值有 0,1,2,3260115525P X ,323213111555525P X32625525P X.所以61360121252525E X 6 分（2）依题意甲，乙抢到并答对一题的概率为12131224=,=,3553515P BP B乙已得 10 分，甲若想获胜情况有：甲得 20 分：其概率为；2515151甲得 10 分，乙再得10 分，其概率为;2545332)51(C12甲得 0 分，乙再得20 分，其概率为.254)5332(2故乙先得 10 分后甲获胜的概率为.25925425425112 分21.解：（1）函数 g x的定义域为0,，且 2210axxg xxx，()，当 a=0 时,g x在1,0上单调递减，g x在,1上单调递增；当 a0 时,1 4,a 1(i)1 40,()0,()0+4aag xg x 当即时，在（，）上单调递减；1(ii)1 40,0()=0,4aag x 当即时，令得21210,2411,2411xxaaxaaxx)2411,0(aa)24112411(aaaa，)2411(，aa)(xg+)(xg减函数增函数减函数综上：当=0a时，g x在1,0上单调递减，在,1单调递增；14a 当时，0g x在（，）上单调递减；当410 a时，)(xg在，)2411,0(aa)2411(，aa上单调递减；在)24112411(aaaa，上单调递增.5 分(2)由题意知1a 时，1lng xfxxxxx，由（1）知，)(xg在),0(上单调递减，且，0)1(g当),1(x时，0)1()(gxg.又,1)(2xxxf令.1,0)(xxf得所以 f x在0,1上递减，在1,递增，因为10,1a，所以 211af a，321af a，11nnaf a7 分 10g xg又所以21110nnnnaaf aa，即21.nnaa又因为函数 g x在，1时单调递减，所以21.nng ag a，即22112111lnln.nnnnnnaaaaaa，即32210.nnnnaaaa12230.nnnnaaaa121223231,()0.nnnnnnnnaaaagaaaa 12 分22.解；(1)依题意有22222,1491,21cbabaac，解得,1,3,2cba椭圆方程为.13422yx3 分(2)设),(),(2211yxQyxP则)2,2(11yxD，.13413422222121yxyx，又043.432121yyxxkkOQOP设).12,12(),2,2(),(,21212122yyxxEyyxxyyxxEDQEEEEE又 E 在椭圆上，.1)1(344)1(4442212221222122212yyyyxxxx22121222221212)1()34(434)34(4yyxxyxyx即,)1(1422.326 分.57,5252,32OPQOPEQOPQQPDPEQSSSSSEDQE四边形,23,.43OPOQOPOQOPkkkkkxPQ轴时，当yQPOxFFED根据对称性不妨取23OPk由12432322yxxy得262yx或262yx，.36221OPQS8 分当 PQ 斜率存在时，设 PQ 的方程为 x=my+t，由124322yxtmyx，得01236)43(222tmtyym,43123,4362221221mtyymmtyy.04)(34321212121yytmytmyyyxx.03)(3)43(221212tyymtyym.03431843123)43(222222tmmtmtm.43204322222mtmt即10 分2222222222)43()43(48143)123(4)436(1|mmtmmtmmtmPQ点 O 到直线 PQ 距离为21mt，.34334|2122mttSOPQ.537OPEQS四边形12 分2023 年湖北省八市高三（3 月）联考物理答案题号1234567891011答案ABCDABCABBCABAD1答案：A解析：根据质量数守恒和电荷数守恒可知，y=3，x=36，选项 A 正确，选项 B 错误。核反应过程质量和动量都守恒，选项 C 和 D 错误。2答案：B解析：线速度为矢量，要比较方向，选项 A 错误。因为轨道为圆轨道，周期相同，则半径一定相同，选项B 正确。加速度是矢量，要比较方向，则选项 C 错误。卫星 A 和卫星 B 的质量一般不同，选项 D 错误。3答案：C解析：从 A 到 B，体积不变，温度降低，则对外放热，选项 A 错误，BBAATPTP，得 PA=4.0105Pa，选项 B错误。从 B 到 C 过程，为等压变化，气体对外做功为 W=PV=2.0105(4-2)10-3J=400J，选项 C 正确，选项 D 错误。4.答案：D解析：在 020s 内，无人机 a 对应的 v-t 图形面积大，即位移大，也即无人机 a 在 b 的上方。同理在 015s 内，无人机 a 对应的 v-t 图形面积大，无人机 a 在 b 的上方。在 030s 内，无人机 a、b 对应的 v-t 图形面积相等，也即上升高度相等，则平均速度相等。故选项 A、C 错误，D 正确。在 10s30s 内，无人机 a 向上减速运动，加速度向下，处于失重状态，故 B 错误。5.答案：A解析：小球不脱离轨道，则能上升最大高度为与圆心等高，由机械能守恒得初始弹性势能最大值为 mgR。故选项只有 A 正确。6.答案：B解析：以导线 b 为研究对象，导线 a、c 中电流的方向相同时，在导线 b 处产生的磁场方向相反，合磁场为0，导线 b 才可以不受安培力，处于平衡，即=2得 Ic=2Ia。以导线 a 为研究对象，导线 b、c 中电流的方向相反时，在导线 a 处产生的磁场方向相反，合磁场为 0，导线 a 才可以不受安培力，由平衡条件得，=3得 Ic=3Ib=3I0。综上得导线 a、c 中电流的方向向左，大小分别为 Ic=3I0，Ia=32I0。答案选 B。7.答案：C解析：由题可求得 6s 上行位移 36m,则力 F 做功 288J。A 选项错误。返回底端时速度大小 24m/s，则物体回到底端时重力的功率为 144W，则选项 C 对，选项 D 错。物体的最大重力势能等于力 F 做的功，为 288J。选项 B 错误。8.答案：AB解析：从图示 t=0 时刻开始，质点 N 比质点 M 先回到平衡位置，说明 t=0 时刻质点 N 向 y 轴负方向运动，则该简谐波沿 x 轴负方向传播。由图示时刻的波形图，可知波长为 12m，类比正弦函数图像，可知该简谐波的振幅为 10cm。质点 N 比质点 M 先回到平衡位置 0.4s，则波从 N 传播到 M 需要 0.4s，=10m/s。答案选 AB。9.答案：BC解析：输电上的电流I1I线=n2n1，I线I4=n4n3，解得 I线=141423，I线=U2U3R线则选项 B、C 正确。I线2R线=P P用，选项 A 错误。用户增多时，则负载总电阻变小，I线增大。10.答案：AB解析：由右手定则得，图（a）时刻感应电流的方向 DCBA。当线圈转 30o的时，AB、CD 两边垂直切割磁感线（辐向磁场），感应电动势的大小为 NBL1L2w，由左手定则，此时 AB 受到的安培力斜向左上方 30o（与辐向磁场垂直），大小为 NBIL1。答案选 AB。11.答案：AD解析：由=，得=，代入已知量得粒子 a、粒子 b 的速度大小之比为 1:1。由=得粒子 a、粒子 b 在磁场中运动时间之比为 2：1。答案选 AD。12.（6 分）（1）B（2 分）（2）；2g（2 分）；（3）可以（2 分）解析：（1）21121gth，2221gth，联立得tghh21，故斜率的理论值为 k=2g。（3）根据表达式，可以求解 h1。13.（10 分）（1）900（2 分）；（2）1600（2 分）；（3）1，4103（每空 2 分）；（4）偏小（2 分）解析：（1）10RRRRA，读出 R1=900，故 RA=900。（2）U=I(RA+R0)，解得 R0=1600。（3）由 2500I2=E-I1(RA+r)，r=2500 14030185130 A=4100=4103，由数学知识求纵轴截距，可以求出E=1V。（4）图像斜率绝对值 k 约为 2。则=+0=20+，在（1）中由于 S2有电阻，导致A测量值偏小，r 偏小。14.（9 分）（1）33；（2）3 3Rc解答：（1）根据临界角公式，有nCsin90sin，.（2 分）解出 sinC=33。.（2 分）（2）作光路如图所示，由题意，光在半球面的入射角为=60，.（1 分）由几何关系有光在介质中运动的路程为s=3R.（1 分）光在介质中的速度 v=cn，.（1 分）光在介质中传播的时间 t=sv，.（1 分）代入数据，得 t=3 3Rc.（1 分）15.（15 分）（1）2m（2）150s（3）20 3m解：（1）粒子磁场区域