1、2023年湖北省八市高三（3月）联考物理答案题号1234567891011答案ABCDABCABBCABAD1答案：A解析：根据质量数守恒和电荷数守恒可知，y=3，x=36，选项A正确，选项B错误。核反应过程质量和动量都守恒，选项C和D错误。2答案：B解析：线速度为矢量，要比较方向，选项A错误。因为轨道为圆轨道，周期相同，则半径一定相同，选项B正确。加速度是矢量，要比较方向，则选项C错误。卫星A和卫星B的质量一般不同，选项D错误。3答案：C解析：从A到B，体积不变，温度降低，则对外放热，选项A错误，得PA=4.0105Pa，选项B错误。从B到C过程，为等压变化，气体对外做功为W=PV=2.01
2、05(4-2)10-3J=400J，选项C正确，选项D错误。4.答案：D解析：在020s内，无人机a对应的v-t图形面积大，即位移大，也即无人机a在b的上方。同理在015s内，无人机a对应的v-t图形面积大，无人机a在b的上方。在030s内，无人机a、b对应的v-t图形面积相等，也即上升高度相等，则平均速度相等。故选项A、C错误，D正确。在10s30s内，无人机a向上减速运动，加速度向下，处于失重状态，故B错误。5.答案：A解析：小球不脱离轨道，则能上升最大高度为与圆心等高，由机械能守恒得初始弹性势能最大值为mgR。故选项只有A正确。6.答案：B解析：以导线b为研究对象，导线a、c中电流的方向
3、相同时，在导线b处产生的磁场方向相反，合磁场为0，导线b才可以不受安培力，处于平衡，即KIad=KIc2d得Ic=2Ia。以导线a为研究对象，导线b、c中电流的方向相反时，在导线a处产生的磁场方向相反，合磁场为0，导线a才可以不受安培力，由平衡条件得，KIbd=KIc3d得Ic=3Ib=3I0。综上得导线a、c中电流的方向向左，大小分别为Ic=3I0，Ia=32I0。答案选B。7.答案：C解析：由题可求得6s上行位移36m,则力F做功288J。A选项错误。返回底端时速度大小24m/s，则物体回到底端时重力的功率为144W，则选项C对，选项D错。物体的最大重力势能等于力F做的功，为288J。选项
4、B错误。8.答案：AB解析：从图示t=0时刻开始，质点N比质点M先回到平衡位置，说明t=0时刻质点N向y轴负方向运动，则该简谐波沿x轴负方向传播。由图示时刻的波形图，可知波长为12m，类比正弦函数图像，可知该简谐波的振幅为10cm。质点N比质点M先回到平衡位置0.4s，则波从N传播到M需要0.4s，v=xt=10m/s。答案选AB。9.答案：BC解析：输电上的电流I1I线=n2n1，I线I4=n4n3，解得I线=n1n4I1I4n2n3，I线=U2-U3R线则选项B、C正确。I线2R线=P-P用，选项A错误。用户增多时，则负载总电阻变小，I线增大。10.答案：AB解析：由右手定则得，图（a）时
5、刻感应电流的方向DCBA。当线圈转30o的时，AB、CD两边垂直切割磁感线（辐向磁场），感应电动势的大小为NBL1L2w，由左手定则，此时AB受到的安培力斜向左上方30o（与辐向磁场垂直），大小为NBIL1。答案选AB。11. 答案：AD解析：由r=mvqB，得v=qBrm，代入已知量得粒子a、粒子b的速度大小之比为1:1。由t=rv得粒子a、粒子b在磁场中运动时间之比为2：1。答案选AD。12.（6分）（1）B（2分）（2）；（2分）；（3）可以（2分）解析：（1），联立得，故斜率的理论值为k=。（3）根据表达式，可以求解h1。13.（10分）（1）900（2分）；（2）1600（2分）；（
6、3）1，4103（每空2分）；（4）偏小（2分）解析：（1），读出R1=900，故RA=900。（2）U=I(RA+R0)，解得R0=1600。（3）由2500I2=E-I1(RA+r)，r=2500140-30185-130-RA=4100=4103，由数学知识求纵轴截距，可以求出E=1V。（4）图像斜率绝对值k约为2。则r=kRA+R0-RA=2R0+RA，在（1）中由于S2有电阻，导致RA测量值偏小，r偏小。14. （9分）（1）33；（2）33Rc解答：（1）根据临界角公式，有，.（2分）解出sinC=33。.（2分）（2）作光路如图所示，由题意，光在半球面的入射角为=60，.（1分）
7、由几何关系有光在介质中运动的路程为s=3R.（1分）光在介质中的速度v=cn，.（1分）光在介质中传播的时间t=sv，.（1分）代入数据，得t=33Rc.（1分）15.（15分）（1）2m （2）150 s（3）203m解：（1）粒子磁场区域做匀速圆周运动，由qvB=mv2r，r=mvBq.（2分）代入数据得r=2m.（1分）(2)所有粒子经过磁场后都从原点O出来，其中从最上面射进的粒子在磁场中运动的时间最长，由几何关系可得其对应的圆心角 =120o.（2分）由T=2mqB.（1分）t=120o360oT.（1分）t=150 s.（1分）写成=2.0910-2 s或2310-2s同样给分(3)
8、所有粒子经过磁场后都从原点O出来，从原点O出来后射入第三象限的粒子向左偏，到不了y轴。射入第四象限的粒子向左偏可以打到y轴，设射入第四象限的粒子射入时速度方向与y轴负方向夹角为，由几何关系可得其与y轴负方向的夹角030o，.（2分）a=Eqm=103m/s2.（1分）t=2vsina.（1分）y=-vcost=-v2sin2a.（1分）当=30o时，|y|有最大值d.（1分）d=|y|max=v2sin60oa=203m.（1分）16.（16分）（1）0.6m/s；（2）4；（3）0.36mx1m解析：（1）由动量守恒定律，mv0=nmv1，.（2分）代入n=2，解得v1= v0/n=0.6m
9、/s。.（2分）（2）滑块A和B在小车C上滑动时的加速度大小为a，由牛顿第二定律有a=g， 得a=2m/s2.（1分）由运动学公式有0-v02=2ax，.（1分）0-v12=2ax.（1分）则xx=4.（1分）（3）小车的加速度为a1，nmg-mg =nma1，得a1=.（1分）设经t1时间滑块B和小车C达到共同速度v2，由运动学公式对C有v2=a1t1.（1分）对B有v2=v1-at1.（1分）滑块A、B和小车C系统动量守恒，故最终三者静止，滑块A运动时间为t2，由运动学公式有0=v0-at2，. . .（1分）滑块A和B分别相对小车C运动的距离为x1和x2。.（1分）. . .（1分）x =x1+x2解得x=. . .（1分）当n=1时x=0.36m。当n=5时，x=1m。故0.36mx1m。.（1分）其他方法，思路、结果正确，均可得分。第三问求出一半边界得4分。
