1、贵州省黔南州20XX年中考物理试卷一、单项选择题（每小题3分，共24分）1下列数据中最接近生活实际的是（）A人的正常体温约为39B无线电波在空气中的传播速度约为340m/sC甲型H1N1流感病毒的长度约为1cmD电冰箱的额定功率约为100W考点：温度；长度的估测；电磁波的传播；电功率专题：估算综合应用题分析：首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案解答：解：A、人的正常体温为37，变化很小，故A不符合实际；B、无线电波在真空中的传播速度最大，为3108m/s，在空气中的传播速度略小一些，接近3
2、108m/s，故B不符合实际；C、甲型HINI流感病毒的长度很小，约为1040nm，故C不符合实际；D、电冰箱的额定功率约为100W左右，故D符合实际故选D点评：对于这类判断题目，要求学生对生活中各物理量的数值要熟悉，有一定的生活经验，这也是中考的热点2某机器的能量流向如图所示，据此推理该机器可能是（）A热机B电动机C发电机D电热水器考点：能量的转化与转移的方向性专题：能源的利用与发展分析：由能量流向图判断该机器主要将什么能转化成了什么能即可解决此题解答：解：如图该机器将大部分电能转化成了机械能，还有一部分电能转化成了内能，A、热机主要是将内能转化为机械能的机器，不合题意；B、电动机在工作时，
3、主要将电能转化为机械能，还有一少部分电能转化为内能，符合题意；C、发电机是将机械能转化为电能的机器，不合题意；D、电热水器主要是将电能转化为内能，不合题意故选B点评：解此题的关键是能确定图中能量转化的方向，并知道各种机械的能量转化情况3下列物理现象及其分析中，正确的是（）A在湖面上观察到水中飘动着的白云，这是光发生折射的缘故B人在照镜子时，总是靠近镜子去看，其原因是靠近时平面镜中所成的像大一些C白光通过三棱镜后形成彩色光带，说明白光是由多种色光组成的D太阳穿过树叶，在地面上形成的光斑是圆形的，这是由于树叶之间的缝隙都是圆形的缘故考点：光的反射；光在均匀介质中直线传播；光的色散专题：光的传播和反
4、射、平面镜成像；光的折射、光的色散分析：对各种光学现象，必须做到特别熟悉平面镜所成的像和物体大小相同，白光是由7种色光混合成的，光在同种均匀介质中沿直线传播；阳光透过树叶缝隙在地上留下的圆形光斑是太阳的像，水面的倒影属于光的反射解答：解：A、在湖面上观察到水中飘动着白云，属于倒影，是光的反射现象故A错误B、根据平面镜成像特点可知，不管是靠近镜面还是远离镜面，平面镜所成的像和物体大小相同，故B错误C、白光通过三棱镜后形成彩色光带，属于光的色散，白光是由7种色光混合成的，故C正确误D、沿直线传播的阳光透过树叶间的缝隙在地面上留下圆形的光斑，是小孔成像现象，圆形光斑是太阳的像不是由于树叶之间的缝隙都
5、是圆形的缘故故选C点评：本题涉及的知识点有平面镜成像特点，光的色散，光的反射、光的直线传播等各种光学现象是一道综合性较强的题目4放在水平桌面上的甲乙两个相同的容器盛有不同的液体，现将两个相同的物块分别放在两容器中，当物块静止时，两容器中的液面恰好相平，两物块所处的位置如图所示，则（）A甲容器中物块排开液体的重力较大B甲容器底受到的压强大C乙容器中的液体密度大D乙容器中物块受到的浮力大考点：物体的浮沉条件及其应用；液体的压强的特点专题：应用题；压强、液体的压强；浮沉的应用分析：（1）根据物体的浮沉条件判断浮力与重力的关系；（2）根据物体的浮沉情况判断出物体密度与液体密度的关系；（3）根据p=液g
6、h得出容器底受到压强的关系解答：解：A、甲容器中物块漂浮，F浮甲=G排甲=G；乙容器中物块悬浮，则F浮乙=G排乙=G，可知G排甲=G排乙，故A错误；B、物体在甲中漂浮，则甲物，在乙中悬浮，则乙=物，可知甲的密度较大，由于深度相同，由p=液gh可知，甲液体对容器底的压强大，故B正确；C、物体在甲中漂浮，则甲物，在乙中悬浮，则乙=物，可知甲容器中的液体密度较大，故C错误；D、由A分析知，两容器中物体受到的浮力相同，故D错误故选B点评：本题主要考查了物体浮沉条件及液体压强公式的应用，关键能够根据浮沉情况判断出液体的密度、所受浮力的关系5下列物理图象中，反映物理量之间关系正确的是（）A汽车做匀速直线运
7、动的图象B铝的质量与体积关系图象C汽油的热值与体积间的图象D静止的物体受到的摩擦力f与它受到的唯一的水平推力F的大小关系考点：匀速直线运动；密度及其特性；摩擦力的大小；燃料的热值专题：图像综合题分析：分析时，看清选项中横坐标和纵坐标的含义，再根据图象中曲线的特征，反映出的物理规律；就可选出答案解答：解：A、图象中反映出速度随时间均匀增大，说明物体做匀加速直线运动；故A错误；B、对某种物质来说，其质量与体积成正比，其质量与体积的比值是一定值，用密度来表达；而图象中反映出的信息是，物体的体积增大、质量不变；故B错误；C、热值是燃料的一种属性，热值与燃料的体积、质量等因素无关，故C错误；D、由于是静
8、止的物体，根据二力平衡的条件可知，物体受到的摩擦力和推力大小相等，故D正确；故选D点评：根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图象可以使我们建立更多的感性认识，从图象中去探究本质规律，体验知识的形成过程6如图所示是王超设计的压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB间有可收缩的导线，R1为定值电阻当闭合开关S，压力F增大时，电流表与电压表示数变化情况是（）A电流表示数变大，电压表示数变小B电流表示数变小，电压表示数变大C电流表、电压表示数都变大D电流表、电压表示数都变小考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：由电路图可知，R1、R2串联，电压表测滑动变
9、阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据压力的变化判断滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化解答：解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当闭合开关S，压力F增大时，滑片下移，R2接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故AC错误；由U=IR可知，定值电阻R1两端的电压变小，因串联电路总电压等于各部分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B正确，D错误故选B点评：本题考查
10、了学生对滑动变阻器的变阻原理、欧姆定律的掌握和运用，分析电路图，确认电路的连接方式是突破口，确认电压表的测量对象是关键7关于安全用电，下列说法不正确的是（）A使用测电笔辨别火线时，手要接触笔尾的金属电极B插座中的两个线头接触会出现短路现象C家庭电路中的空气开关跳闸后，直接合上空气开关就可以了D家庭电路中，控制各个灯的开关都要安装在火线上考点：安全用电原则专题：电与热、生活用电分析：（1）使用测电笔辨别火线时，有一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故（2）电路中不该相连的部分连接在一起，
11、会出现短路现象（3）家庭电路中的空气开关跳闸后，在没有排除故障之前，不能将开关复位（4）安装电灯的开关，要考虑当开关断开时，人触摸灯泡是安全的解答：解：A、使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，不能用手触及测电笔前端的金属探头，否则会造成人身触电事故故A正确；B、插座中的两个线头相接触时，一定会出现短路，故B正确；C、家庭中的空气开关突然跳闸，是由于短路或总功率多大等原因导致电流过大形成的，所以应该先检查电路的故障，排除故障后，在将空气开关复位，故C错误；D、电灯开关安装在火线上，当开关断开时，灯泡与火线是断开的，人接触灯泡是安全的，故D正确故选C点评：本题考查的是日常生活中的一
12、些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了8如图所示，三位同学用同一组器材在水平地面上沿水平方向用力进行了下面三项操作：甲同学拉木块A在长木板B上匀速运动；乙同学拉A在B上加速运动；丙同学拉B，使AB一起匀速运动三位同学的操作中A与B之间的摩擦力的大小分别为f甲、f乙、f丙，则下列说法正确的是（）Af甲=f乙，f丙=0Bf甲=f乙=f丙Cf甲=f丙f乙Df甲f乙，f丙不确定考点：摩擦力的大小专题：重力、弹力、摩擦力分析：抓住三种条件下A与B物体的运动状态和影响滑动摩擦力大小的因素就可判断摩擦力的大小；另外还有考
13、虑产生摩擦力的条件发生相对运动解答：解：滑动摩擦力的大小与两个因素有关，即：压力大小、接触面的粗糙程度而与物体的运动速度、接触面积无关根据题干信息：甲同学拉木块A在长木板B上匀速运动；乙同学拉A在B上加速运动；都是物体A与物体B发生了相对运动，产生了滑动摩擦；而在两种情况下，压力大小及接触面的粗糙程度未变，故摩擦力不变即摩擦力相等；即f甲=f乙；当丙同学拉B，使AB一起匀速运动时，物体A与物体B相对静止，即A与B未发生相对运动，也没有相对运动的趋势，故它们之间没有摩擦力的存在，即摩擦力等于零；f丙=0；故A正确，B、C、D错误故选A点评：此题考查影响摩擦力的因素以及产生摩擦力的条件；根据题目中
14、提供的运动状态可分析摩擦力的大小二、填空题（9-12题每空1分，13题2分，共18分）9端午节期间，多地都举行了划龙舟比赛（如图），（1）运动员通过鼓声来统一划龙舟的节奏，鼓声是由鼓面的产生的，鼓声主要是通过传入人耳（2）划水时，船桨是杠杆（选填“省力”、“费力”、“等臂”），该杠杆的好处是，运动员看到水下部分的船桨不是直的，是光的现象（3）运动员向后划水，船就前进，这说明物体间力的作用是的，以鼓手为参照物，该船上的运动员是的考点：声音的产生；参照物及其选择；力作用的相互性；杠杆的分类；声音的传播条件专题：声现象；运动和力；简单机械分析：（1）声音是由物体的振动产生的，振动停止，声音也停止；声
15、音的传播需要介质，气体、液体和固体都能够传播声音，真空不能传声；（2）先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的（3）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；判断一个物体是运动和静止，关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的解答：解：（1）鼓声是由于鼓面振动产生的，主要是通过空气传入人耳，听到鼓声；（2）因为船桨在使用过程中
16、，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，但省距离；运动员看到水下部分的船桨，是光线从水中射入空气中发生折射现象而形成的虚像，位于水下船桨真实位置的上方，所以看到船桨不是直的；（3）物体间力的作用是相互的，用桨向后划水，同时水给桨一个向前的力，推动船向前行驶；以鼓手为参照物，船上的运动员相对位置没有发生改变，是静止的故答案为：（1）振动；空气；（2）费力；省距离；折射；（3）相互，静止点评：本题考查的是物理综合性知识，在生活中的物理知识是很丰富的，所以学生们在学习物理的同时应该不断地从生活中发现物理10 20XX年4月27日夜冰雹狂风突袭黔南，发生的许多现象与物理有关冰雹是由高空中的过冷水滴形成的（
17、填物态变化名称）；掉在地上的冰雹会反弹起来，在上升过程中将能转化为能；都匀大龙大道旁边的许多板房的顶棚被狂风卷起，这是因为顶棚上方空气流速较快，压强造成的考点：凝固与凝固放热特点；流体压强与流速的关系；动能和势能的转化与守恒专题：温度计、熔化和凝固；气体的压强、流体压强与流速的关系；机械能及其转化分析：（1）物质由液态变为固态的过程称为凝固；（2）动能转化为重力势能的过程，动能减小，重力势能增大，从动能和重力势能大小的影响因素考虑；（3）流体在流速大的地方压强小，流速小的地方压强大解答：解：（1）过冷水滴变成冰雹，即物质由液态变成固态的过程，属于凝固现象，所以冰雹是由高空中的过冷水滴凝固形成（
18、2）冰雹会反弹起来，在上升过程中，动能减小，势能增大，是动能转化为重力势能（3）都匀大龙大道旁边的许多板房的顶棚被狂风卷起，这是因为顶棚上方空气流速较快，压强较小，下方空气流速较慢，压强较大，压强差将板房的顶棚顶起故答案为：凝固；动；重力势；较小点评：此题是一道综合题，涉及到了物态变化、机械能间转化的判断、流体压强与流速的关系等知识，熟练掌握基础知识即可正确解答，难度不大11物理与生活紧密联系，青青对家中的电饭锅进行了研究，电路图简化如图他关闭了家里其他用电器，只让电饭锅工作，观察了电能表标有“220V、10（20）A、50Hz、3000revs/kwh”字样，下列是小青考你的问题，请作答（1
19、）电饭煲在加热状态时，开关应与触点（选填“1”或“2”）连接；（2）他发现正常加热了6min电饭煲就转为保温状态，在这6min内电能表转盘刚好转了300转，则电饭锅的加热功率是W；（3）如果该电饭锅正常加热消耗了6105J的电能，如果这些能量全部用来给“48V 500W”的电动机充电，能使该电动机以10m/s的速度匀速行驶km（不考虑能量损失）考点：电功率的计算；速度公式及其应用；电能表参数的理解与电能的求法专题：电能和电功率；长度、时间、速度分析：（1）电路电压一定，由电功率公式P=可知电路电阻越大，电路功率越小，电路电阻越小电路功率越大（2）根据电能表转过的圈数求出电饭煲消耗的电能，然后由
20、功率公式求出加热功率（3）知道电动车的功率和速度，求牵引力的大小；已知消耗电能的多少，也就是知道做功的多少，根据公式W=Fs可求路程的大小解答：解：（1）由电路图可知，开关与触点2连接时，电阻R被短路，只有电热丝R0接入电路，此时电路电阻最小，电路电功率最大，电饭煲处于加热状态（2）电能表转盘转了300转消耗的电能：W=kWh=0.1kWh；电饭锅的加热功率：P=1kW=1000W；（3）根据公式P=Fv可知，牵引力F=50N；根据公式W=Fs可知，行驶路程s=1.2104m=12km故答案为：（1）2；（2）1000；（3）12点评：本题考查了电路分析、求电功率、求路程等问题，是一道综合题，
21、分析清楚电路结构、熟练应用速度公式、电功与电功率公式即可正确解题12体积相等的甲乙两实心物体，其密度分别是0.8103千克/米3和1.2103千克/米3，同时投入水中，静止后所受浮力之比为；如果甲、乙两物体的质量相等，则在水中静止后所受浮力之比为考点：浮力大小的计算专题：计算题；浮力分析：（1）首先根据甲乙两物体的密度，利用物体的浮沉条件判定其静止后状态；然后利用F浮=gV排或F浮=G可计算其浮力，从而得出浮力之比（2）由（1）已经判断出其静止后状态；然后根据甲乙两物体的质量相同利用F浮=gV排或F浮=G可计算其浮力，从而得出浮力之比解答：解：（1）因为甲水，乙水，所以投入水中，静止后甲物体漂
22、浮；乙物体下沉容器底，即全部浸没；则F浮甲=G=m甲g=甲gV；F浮乙=水gV排=水gV；由于甲乙两物体体积相等，则=；（2）如果甲、乙两物体的质量相等，由（1）可知：静止后甲物体漂浮；则F浮甲=G=mg乙物体下沉容器底，则由=得：V排=，F浮乙=水gV排=水g，=故答案为：4：5；6：5点评：本题考查了物体的漂浮条件以及阿基米德原理的理解和运用，判断物体所受浮力大小时，首先根据浮沉条件确定物体静止时所处的位置，然后选择相应的公式进行分析利用好“实心物体密度小于水的密度，物体漂浮在水面上”是本题的突破口13如图所示电路，电压U不变，电流表的示数为1A如果R1与R2的等效电阻为R，并且R1：R=
23、5：3，电阻R2消耗的电功率为24W，则电阻R1=考点：电功率的计算专题：计算题；电能和电功率分析：由电路图可知，R1、R2并联，根据并联电路的电流特点和欧姆定律表示出干路电流，根据欧姆定律可知电源的电压和总电阻的大小相等，再根据R1、R的关系表示出电源的电压，联立等式得出R1、R2之间的关系，把以上关系时代入电阻R2消耗的电功率P=即可得出电阻R1的阻值解答：解：由图可知：R1、R2并联，根据并联电路的电流特点可得：I=I1+I2=+=1A由欧姆定律可得：电路的总电阻R=已知R1：R=5：3，所以R=0.6R1由两式可得R2=1.5R1已知P2=24W把两式代入可得：R1=100故答案为：1
24、00点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是等效电阻的灵活运用最好用欧姆定律来表示，若用电阻的并联特点来表示会较麻烦三、作图题（每小题2分，共6分）14如图所示物体AB通过凸透镜所成正立、放大的像AB，请画出凸透镜的位置，并确定该透镜焦点F考点：透镜的光路图专题：透镜及其应用分析：利用凸透镜的两条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；根据光路可逆和图示作出透镜和焦点的大致位置解答：解：连接物像的端点B、B并延长与主光轴交于O点，O点为凸透镜的光心，过O点垂直主光轴作出凸透镜；从B点平行于主光轴作一条入射光线，交与凸透
25、镜与E点，连接BE并延长交于主光轴F点，F点为凸透镜的一个焦点，EF为入射光线BE的折射光线，在凸透镜的左侧对称的作出另一焦点F，如图所示：点评：在作右侧焦点时利用了光路可逆，过焦点的光线经凸透镜折射后平行于主光轴，而且一定过像点B；凸透镜有三条特殊光线：过光心的光线其传播方向不变；过焦点的光线经凸透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点15如图是一种活塞式抽水机示意图，请在图中画出手柄所受动力F1的力臂及阻力F2考点：力臂的画法专题：简单机械分析：先确定阻力作用点（即B点），然后过阻力作用点表示阻力的方向（即竖直向下）；已知支点和动力的方向，过支点作力
26、的作用线的垂线段（即力臂）解答：解：过B点作竖直向下的力（即阻力F2）；过支点O作垂直于动力作用线的垂线段（即动力臂L1）如图所示点评：此类题的关键是掌握杠杆五要素，然后根据杠杆的五要素作出相应的作用力或力臂16将图中的电磁铁连入你设计的电路中，（在虚线框内完成），要求：电源电压恒定不变；电路能改变电磁铁磁性强弱；闭合开关S，小磁针受力静止时，其N、S极如图所示：考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁极间的相互作用；安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素；滑动变阻器的使用专题：作图题；压轴题分析：由磁极间的相互作用规律可知，通电螺线管的左端应为N极，再由右手螺旋定则得出电流从右边的导线流入，通
27、电螺线管的磁性要发生变化，应在电路中串联滑动变阻器解答：解：如图：点评：本题考查了磁极间的相互作用规律、右手螺旋定则、滑动变阻器的综合应用四、简答题（4分）17南宋诗人杜耒的诗句“寒夜客来茶当酒，竹炉汤沸火初红，寻常一样窗前月，才有梅花便不同”描绘了中华民族沐浴着如酒、如月、如梅的茶香，修身养性，生生不息中国的茶文化历史有多长，中国的茶就有多香泡茶过程中有许多物理知识，请举两例考点：沸腾及沸腾条件；扩散现象专题：汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能分析：（1）影响蒸发快慢的因素有：液体的温度；液体的表面积；液体上方的空气流动速度，升高液体的温度可以加快蒸发；（2）分子运动速度和物体的温度有
28、关系，温度越高，分子运动越剧烈，扩散越快；（3）壶嘴会冒“白气”，首先我们要知道“白气”是液态的，然后分析是怎样形成的；解答：答：（1）加热可以使新鲜茶叶中的水分温度升高，从而加快蒸发，达到“杀青”的目的（2）用沸水才能很快泡出茶香、茶色，这是因为温度越高，分子运动越剧烈，扩散越快（3）壶嘴会冒“白气”，这些白气是由壶嘴冒出的水蒸气遇冷液化形成的点评：此题属于开放性题目，涉及的知识点比较多，有：影响蒸发快慢的因素、扩散现象、液化等，是一道综合题，体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念五、实验题（共15分）18某班同学在“探究滑轮组的机械效率与哪些因素有关”时，他们猜想滑轮组的机械效率可能
29、与动滑轮的个数、物重和物体上升的高度等因素有关，各小组利用如图所示的装置进行验证，杨阳那组得到的实验数据如表：实验次数物重（N）物体上升的高度（m）拉力（N）绳子自由端移动的距离（m）机械效率（%）110.10.60.283.3210.10.40.462.5320.10.650.476.9410.20.60.483.3（1）比较第1、2次实验数据得出：用不同的滑轮组提升相同的物体，动滑轮个数越多，；比较第2、3次实验数据得出：同一个滑轮组，提升的物体越重，；比较第1、4实验数据得出：同一个滑轮组的机械效率与物体上升的高度（2）在测拉力时，某同学觉得很难使测力计做匀速直线运动，不便于读数，就让弹
30、簧测力计处于静止状态时才读数，该同学的读数与实际相比（选填“偏大”、“偏小”或“不变”），测得机械效率（选填“偏高”、“偏低”或“不变”），说明滑轮组的机械效率还与有关（3）有两个组所用的动滑轮重量相同，提升的物体也相同，测的机械效率却不同，原因可能是绳子滑轮或滑轮轴之间的不同，影响了测量结果所以，我们在生活中经常给各种机械加润滑油，是为了它的机械效率考点：滑轮（组）机械效率的测量实验专题：测量型实验综合题分析：（1）比较第1、2次实验数据可知机械效率与动滑轮个数的关系；比较第2、3次实验数据可知，机械效率与物重间的关系；比较1、4次实验数据可知机械效率与物体上升高度的关系；（2）知道弹簧测力
31、计做匀速运动，物体受力才平衡在提升物体时，不仅要克服动滑轮的重力，还要克服摩擦力当静止时读数，则所测拉力偏小，机械效率偏大（3）从摩擦的大小方面进行分析，在同等情况下，摩擦力越小，机械效率越高解答：解：（1）比较第1、2次实验数据得出：用不同的滑轮组提升相同的物体，动滑轮的个数越多，其机械效率越低；比较第2、3次实验数据得出：同一个滑轮组，提升的物体越重，它的机械效率越高；比较第1、4次实验数据可知，两次实验时的效率相同，因此同一个滑轮组的机械效率与物体上升的高度无关；（2）要正确测量拉力，所以弹簧测力计需要做匀速运动而当弹簧测力计静止读数时，便不会存在摩擦力对拉力的影响，所以所测拉力偏小，机
32、械效率偏高；说明滑轮组的机械效率还与物体的运动状态有关；（3）两个小组所用的动滑轮重量相同，提升的物体也相同，测得的机械效率却不同，原因可能是绳子与滑轮或滑轮轴之间的摩擦同，影响了测量结果；所以，我们在生活中经常给各种机械加润滑油，是为了减小摩擦，提高机械效率故答案为：（1）机械效率越低；机械效率越高；无关；（2）偏小；偏高；运动状态；（3）摩擦；提高点评：此题是“探究滑轮组的机械效率”实验，考查了滑轮组机械效率的计算，根据数据分析影响滑轮组效率的因素19如图是小军做“探究影响导体电阻大小的因素”实验所采用的电路，是四根合金丝，用一个电压表分别测出它们两端的电压，得到一次实验部分数据如表所示导
33、体材料长度横截面积电压表示数/Va镍铬LS1.0b镍铬2LSc镍铬L2S0.5d镍铬LS（1）四根金属丝串联在电路中，它们两端的电压之比等于它们的之比；为探究电阻大小与横截面积的关系，应比较合金丝a和两端的电压；合金丝d两端的电压如图乙所示，示数为V（2）在得到上表数据的过程中，（选填“能”或“不能”） 改变滑动变阻器滑片的位置；为得到更可靠的实验结论，应多次实验，每次测量合金丝两端电压之前，需进行一项实验操作是（3）关于导体电阻与长度的关系，小军还进行了理论探究：某金属丝电阻为R，长度为L，若把n根这样的电阻丝串联在电路中，则总长度为nL，总电阻为，从而得到导体电阻与长度的关系；依此关系，上
34、表中b合金丝两端的电压应该为V考点：影响电阻大小的因素专题：探究型实验综合题分析：（1）在图1中，实际上是利用在串联电路中（I相同）导体两端的电压与导体的电阻成正比，通过电压表示数的大小来反映电阻大小的；要探究导体的电阻跟导体的横截面积的关系，根据控制变量法的思路，要保证导体的材料和长度都相同，导体的横截面积不同；电压表的读数方法：首先确定量程，然后分清分度值，根据指针位置读数；（2）在同一次实验中，应保证电压不变；为了使结论更具普遍性，要改变电阻两端的电压进行多次实验；（3）把长度L的电阻丝分成n段相等长度的小段，比较在横截面积、材料相同的条件下，导体的电阻与长度成正比；根据串联联电路的分压
35、作用和串联电路中（I相同）导体两端的电压与导体的电阻成正比，判断合金丝b两端的电压解答：解：（1）当通过导体的电流相同时，根据欧姆定律可知，导体两端的电压与导体中的电流成正比，可以利用电压表的示数来反映导体电阻的大小；要探究导体的电阻跟导体的横截面积的关系，就要保证导体的材料和长度都相同，而导体的横截面积不同，所以选择a和c电阻丝；电压表03V的量程对应的分度值为0.1V，根据指针位置电压为0.4V；（2）在得到上表数据的过程中，为了保证电压不变，不能改变滑动变阻器滑片的位置；为得到更可靠的实验结论，应改变电阻两端电压进行多次实验，每次实验测量合金丝两端电压之前，需进行的一项实验操作是调节滑动
36、变阻器的滑片到不同的位置；（3）n条长为l、电阻为R的导体，我们可以把它看成是由n段长度同为l电阻同为R的导体串联而成的，这n段导体的材料、横截面积都相同，则总长度为nL，总电阻为nR；合金丝b的长度是a的2倍，所以b两端的电压U=21V=2V故答案为：（1）电阻；c；0.4；（2）不能；调节滑动变阻器的滑片到不同的位置；（3）nR；2点评：本题考查了串联电路中电压与电阻的关系、影响电阻大小的因素、电压表的读数、滑动变阻器的使用等知识点，是一道综合性题目，有一定难度六、计算题（共23分）20如图所示是杨才家的电热水壶的铭牌，他用该电热水壶将1.5kg的水从20加热到100（1）水吸收的热量是多
37、少？c水=4.2103J/（kg）（2）若电热水壶正常工作，且产生的热量全部被水吸收，需要加热多少时间？（3）若电热水壶实际加热时间大于上述计算的加热时间，可能的原因有那些？（写出两种）考点：电功与热量的综合计算专题：电和热综合题分析：（1）知道水的质量、水的比热容和水温度的升高值，利用吸热公式求水吸收的热量；（2）电热水器在正常工作状态下的电功率为额定功率，利用Q吸=W=Pt求加热时间；（3）由于产生的热量全部被水吸收，若实际加热时间长，原因可能是有热损失，电热水器消耗的电能不能被水全部吸收；也可能是电热水器的实际电压低于额定电压，使实际功率低于额定功率解答：解：（1）水吸收的热量：Q吸=c
38、m（tt0）=4.2103J/（kg）1.5kg（10020）=5.04105J；（2）因为电热水壶正常工作，所以P=P额=1500W由题知W=Pt=Q吸=5.04105J所以t=336s=5.6min；（3）电热水壶实际加热时间大于上述计算的加热时间，原因可能是：电热水壶产生的热量没有全部被水吸收，电热水壶实际工作电压小于额定电压答：（1）水吸收的热量是5.04105J（2）若电热水壶正常工作，且产生的热量全部被水吸收，需要加热5.6min（3）原因可能是：电热水壶产生的热量没有全部被水吸收；电热水壶实际工作电压小于额定电压点评：本题是一道电学与热学的综合应用题，综合考查了热量的计算、电功率
39、的计算，要求灵活运用相关公式21从距离水平面3m的高处由静止释放一棱长为10cm的正方体木块，空气阻力忽略不计，用压力传感器记录了从木块撞击地面开始到完全静止时的压力变化情况，并根据记录的数据绘制了压力随时间变化的关系图象，如图所示（g取10N/kg）求：（1）木块的密度；（2）木块下落过程中，重力所做的功；（3）木块对地面的最大压强考点：密度的计算；压强的大小及其计算；功的计算专题：密度及其应用；压强、液体的压强；功、功率、机械效率分析：（1）根据绘制了压力随时间变化的关系图象，可得出木块静止时对地面的压力，利用G=mg求得其质量，已知木块的棱长，可求得其体积，然后利用=可求得其密度（2）根
40、据（1）求得的木块的重力，利用W=Gh求得重力所做的功；（3）利用p=求得木块对地面的最大压强解答：解：（1）木块的体积：V=10cm10cm10cm=1000cm3=1103m3，根据记录的数据绘制了压力随时间变化的关系图象，可知木块静止时对地面的压力F=5N，木块的重力：G=F=5N，由G=mg可知，木块的质量：m=0.5kg，木块的密度：=0.5103kg/m3；（2）重力所做的功：W=Gh=5N3m=15J；（3）由图象可知，木块撞击地面时的最大压力为35N，接触面积：S=10cm10cm=100cm2=1102m2，则木块对地面的最大压强：p=3.5103Pa；答：（1）木块的密度为
41、0.5103kg/m3；（2）木块下落过程中，重力所做的功为15J；（3）木块对地面的最大压强为3.5103Pa点评：此题综合考查了密度的计算，压强的大小及其计算，本题有一定的拔高难度，属于难题；由图示图象求出木块对地面的压力是正确解题的前提与关键，应用密度公式、功的计算公式与压强公式可以解题22如图所示的电路中，电源电压不变电阻R1的阻值为20，滑动变阻器R2上标有“100 2A”字样闭合电键S，电流表A的示数为0.4A，电压表V的示数为10V求：（1）电阻R2连入电路的阻值； （2）电源电压U；（3）现用阻值为10的电阻替换R1，要求在移动变阻器滑片P的过程中，不更换电表量程，两电表的指针
42、能达到满刻度处，且电路能正常工作，求变阻器R2连入电路的阻值范围考点：欧姆定律的应用专题：欧姆定律分析：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据欧姆定律求出电阻R2连入电路的阻值；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；（3）用阻值为10的电阻替换R1后，要求不更换电表量程时两电表的指针能达到满刻度处，则根据滑动变阻器允许通过的最大电流可知电流表的量程，根据电阻的串联求出电压表的示数为3V时替换电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电压表的量程；当电路中的电流最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律
43、求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出其大小；当电压表的示数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出替换电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R2的最大阻值，进一步得出答案解答：解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流（1）由I=可得，电阻R2连入电路的阻值：R2=25；（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U=I（R1+R2）=0.4A（20+25）=18V；（3）用阻值R3=10的电阻替换R1后，因不更换电表量程时两电表的指针能达到满刻度处，且滑动变阻器允许通过的最大电流为2A，所
44、以，电流表的量程为00.6A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，当电压表的示数为3V时，R3两端的电压：U3=UU2=18V3V=15V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：I=1.5A0.6A，则电压表的量程为015V；当电路中的电流I大=0.6A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，则电路中的总电阻：R=30，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2小=RR3=3010=20，当电压表的示数U2大=15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时替换电阻两端的电压：U3小=UU2大=18V15V=3V，电路中的最小电流：I小=0.3A，滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R2大=50，所以，变阻器R2连入电路的阻值范围为2050答：（1）电阻R2连入电路的阻值为25； （2）电源电压为18V；（3）变阻器R2连入电路的阻值范围2050点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电表量程的确定和变阻器接入电路中最大、最小阻值的确定
