陕西省安康市高新中学2021届高三8月摸底(开学)考试数学(文)答案.pdf

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1、1 文科数学文科数学参考答案参考答案 一、一、选择题(本大题共选择题(本大题共 1212 小题,小题,每小题每小题 5 5 分,分,共共 6060 分)分) 题号题号1 12 23 34 45 56 67 78 89 9101011111212 答案答案 BDACCADABDCD 1B解析:(1i)(2i)(3i)(13i)(3i)10i. 2D解析:BxZ|x22x30 xZ|1x30,1,2,AB1,2 3A解析:易知 f(x)为奇函数,当 x(0, 2 )时,f(x)0,又 f()0,故选 A. 4C解析:1 至 12 月份的利润分别为 20,30,20,10,30,30,60,40,3

2、0,30,50,30,易 求得总利润为 380 万元,故选 C. 5C解析:BC ACAB(2,3),ABBC660,AB与BC的夹角为 90. 6A解析:k=2,S=4;k=3,S=11;k=4,S=26,跳出循环,故选 A. 7D解析:f(x)exe xx(exex),f(1)ee1(ee1)2e,故选 D. 8A解析: 1.1 4 1111 ln2lne,log 2, 2222 abcabc . 9B解析:设 AB2,则 AA1 2,A1CA1B 6,取 A1B 的中点 E, DE 1 2A 1C,DE 6 2 ,AE1 2A 1B 6 2 ,AD 3,ADE 4为异面直线所 成的角,故

3、选C (或取B1C1中点E,连接A1E,CE) 10D解析:如图,BCD 中,CD80,BDC15,BCDACB+DCA120+15 135,CBD30,由正弦定理得,解得 BD80,ACD 中, CD80,DCA15,ADCADB+BDC135+15150,CAD15,AD CD80,ABD 中,由余弦定理得 AB2AD2+BD22ADBDcosADB802+(80)22 8080cos1358025, AB80,即 A,B 两点间的距离为 80, 11C解析:f(x)cos(x)|sin(x)|cosx|sinx|f(x),正确;f(x2)cos(x2 )|sin(x2)|cosx|sin

4、x|f(x),f(x)是最小正周期为 2的周期函数,正确;x,0 时,sinx0,f(x)cosxsinx 2sin(x 4 ),且 x 4 3 4 , 4 ,f(x)在,0上先减后 增,错误;x,时,f(x)0,即 cosx|sinx|,tanx1,f(x)有 2 个零点 x1 4 ,x2 2 4 ,正确,故选 C. 12D解析:设以 F1F2为直径的圆与渐近线 yb ax 相交于点 M(x 0,y0)(x00),根据对称性得 N( x0,y0),由 y0b ax 0 x20y20c2 解得 M(a,b),N(a,b)A(a,0),NAF290,MAF2 45,b2a,渐近线方程为 y2x.

5、 二、填空题(本大题共二、填空题(本大题共 4 4 小题,小题,每小题每小题 5 5 分,分,共共 2020 分)分) 13.314. 7 3 15.2016. 2 2 133解析:作出可行域知 zxy 过点(1,2)时取得最大值 3. 14 7 3 解析: 由已知 4cos25cos60, 解得 cos3 4, 77 sin,tan 43 . 1520解析:由已知可得球的半径 22 215r ,表面积4 520S , 16 2 2 解析:由已知,设xBF | 2 ,dxAB |,dxAF2| 2 ,据勾股定理有dx3; 由椭圆定义知 2 ABF的周长为a4,有da3,| 12 BFaBF;在

6、直角 12F BF中,由勾 股定理, 22 42ca,离心率 2 2 e. 三、三、解答题(解答题(本大题本大题共共 6 6 小小题,共题,共 7070 分)分) 17解析:(1)设公比为 q,由 a34 可得 a1q24,a10,0q1,an0, a2a417,4 q4q17,解得 q 1 4, an4(1 4) n344n.(6 分) (2)bnlog2anlog244 n82n,Sn1 2n(682n)n 27n(n7 2) 249 4 , 当 n3 或 4 时,Sn取最大值 12.(12 分) 18解析:(1)在全体样本中随机抽取 1 个,抽到 B 组疫苗有效的概率是 0.33. x

7、20000.33,x660, yz2000(6737766090)500.(4 分) 3 (2)应在 C 组抽取的个数为 500 180 200045.(7 分) (3)由题意疫苗有效需满足 7790z200010%,即 z33, C 组疫苗有效与无效的可能情况有(465,35)(466,34)(467,33)(468,32)(469,31)(470,30),共 6 种结果,有效的可能情况有(467,33)(468,32)(469,31)(470,30),共 4 种结果, 疫苗能通过测试的概率 P4 6 2 3.(12 分) 19解析:(1)PC平面 ABCD,AC平面 ABCD,ACPC,

8、AB4,ADCD2,ACBC2 2,AC2BC2AB2,ACBC. BCPCC,AC平面 PBC, AC平面 EAC,平面 EAC平面 PBC.(6 分) (2)过点 P 作 PFCE,垂足为 F,则 PF平面 EAC, 取 BC 中点 G,连接 EG,则 EGPC,EGBC,EC 22( 2)2 6, PE1 2PB 6,由等面积法可求得 PF 4 64 6 4 3 3 , 点 P 到平面 EAC 的距离为4 3 3 .(12 分) 20解析:(1)设切点 A(x1,x21),B(x2,x22),y2x, 切线 MA 的斜率为 2x1,切线 MA:yx212x1(xx1), 设 M(t,t2

9、),则有 t2x212x1(tx1),化简得 x212tx1t20, 同理可得 x222tx2t20. x1,x2是方程 x22txt20 的两根,x1x22t,x1x2t2, xNx1x2 2 txM,MNx 轴(6 分) (2)yN1 2(x 2 1x22)1 2(x 1x2)2x1x22t2t2,N(t,2t2t2) kABx 2 1x22 x1x2x 1x22t,直线 AB:y(2t2t2)2t(xt),即 y22t(x1 2), 直线 AB 过定点(1 2,2)(12 分) 21解析:(1)f(x)a1a x2 1 x ax2x1a x2 a(x11 a) (x1) x2 (x0,a

10、0), 若 0a1 2,则1 1 a1,当 x(0,1) (11 a,)时,f(x)0,f(x)在(0,1),(1 1 a, )单调递增,在(1,11 a)单调递减; 若 a1 2,则 f(x)0,f(x)在(0,)单调递增; 4 若1 2a1,则 01 1 a1,当 x(0,1 1 a) (1,)时,f(x)0,f(x)在(0,11 a), (1,)上单调递增,在(11 a,1)单调递减; 若 a1,则11 a0,当 x(0,1)时,f(x)0,当 x(1,)时,f(x)0,f(x)在(0,1) 上单调递减,在(1,)上单调递增(6 分) (2)当 0a1 2时,f(x)在(0,1)单调递增

11、,此时 f(x)f(1)2a10,这与 f(x)1 恒成立矛盾,故 0 a1 2不符合题意; 当1 2a1 时,f(x)在(1,)上单调递增,此时 f(x)f(1)2a1,而 f(1)2a11,这与 f(x)1 恒成立矛盾,故1 2a1 不符合题意; 当a1 时,f(x)在(0,1)上单调递减,在(1,)上单调递增,f(x)minf(1)2a11,即 f(x)1 恒成立,故 a1 符合题意 综上,a 的取值范围是1,)(12 分) 22解析:(1)直线 l 的倾斜角为,其极坐标方程为(R,0), 曲线 C1的普通方程为(x2)2y24,转换为极坐标方程为4cos.(4 分) (2)直线 l 交

12、曲线 C1于 O,A 两点,由 4cos解得 A(4cos,), 直线 l 交曲线 C2于 O,B 两点,由 2cos2 3sin解得 B(2cos2 3sin,), |AB|AB|2cos2 3sin|4sin( 6 )|, 0,当 3 时,|AB|取得最大值 4,当0 时,|AB|取得最小值 2.(10 分) 23解析:(1)当 abc2 时,f(x)|x2|x2|2, f(x)8 即为 x2 22x8或 2x2 68 或 x2 2x28, 故不等式的解集为x|3x3(5 分) (2)a0,b0,c0,f(x)|ax|xb|c|axxb|c|ab|cabc, f(x)的最小值为 3,abc3,(abc)2a2b2c22ab2bc2ca9, 2aba2b2,2bcb2c2,2cac2a2,9a2b2c22ab2bc2ca3(a2b2c2), a2b2c23.(10 分)

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