1、第一节第一节 欧姆定律欧姆定律 第一编第一编 2021 内 容 索 引 02 03 考点必备梳理考点必备梳理 考法必研突破考法必研突破 01 安徽真题体验安徽真题体验 安徽真题体验安徽真题体验 命题点1 欧姆定律的相关计算 1.(2018 安徽,6,4分)某定值电阻两端加上10 V的电压时,测得通过它的电流 为2 A,则其阻值为 ,若电压为0,则它的阻值为 。 答案 5 5 解析 由欧姆定律可得 =5 ,电阻是导体的本身的属性,与电压、 电流无关,其阻值不变。 R= = 10V 2A 2.(2019 安徽,8,4分)如图为电阻A和B的I-U图象。若将A、B串联接入某电 源两端,则闭合开关后,它
2、们两端的电压UA、UB之比是 ;若将A、B并 联接入电源两端,闭合开关后,测得干路电流为0.6 A,则电源电压是 V。 答案 12 2 解析 串联电路中电流处处相等,将A和B串联后接入某电源两端时,若通过 的电流I=0.2 A时(也可取其他电流值),由图象可知,它们两端的电压 UA=1 V,UB=2 V,则UAUB=1 V2 V=12; 由图象可知,当 U=3 V 时,IA=0.6 A,IB=0.3 A,则 RA= = 3V 0.6A=5 , RB= = 3V 0.3A=10 ,若将 A、B并联接入电源两端,则 A和 B并联的总电阻 R并= + = 510 5+10 = 10 3 ;此时干路电
3、流为 0.6 A,则由 I= 可得电源电压 U=IR并=0.6 A 10 3 =2 V。 3.(2020 安徽,16,2分)R1、R2、R3是三个阻值不同的定值电阻。将它们串联 起来接入电路。如图甲所示,闭合开关后,测得各电阻两端的电压关系为 U1U2U3;若将它们并联起来接入电路,如图乙所示,则闭合开关后,通过每 个电阻的电流大小关系为( ) A.I1I2I3 B.I3I2I1 C.I1=I2=I3 D.I2I1I3 答案 B 解析 图甲中三个电阻串联在电路中,根据串联电路的特点,通过三个电阻 的电流相同,U1U2U3,根据 可知R1R2R3;将三个电阻按照图乙并 联起来,根据并联电路的特点
4、可知三个电阻两端的电压相等,且R1R2R3, 根据公式 可得I3I2I1,故B正确。 I= R= 命题点2 动态电路分析 4.(2020 安徽,17,2分)在图示电路中,电源电压保持不变。闭合开关S后,将 滑动变阻器的滑片P自左向右滑动,则( ) A.电流表A的示数减小 B.电压表V2的示数减小 C.电压表V1与电流表A的示数比值减小 D.电压表V2与电流表A的示数比值减小 答案 C 解析 由题图可知,电路为串联电路,电压表V1测量滑动变阻器R1两端的电 压,电压表V2测量定值电阻R2两端的电压,电流表测量串联电路的电流,当 滑动变阻器滑片由左向右滑动时,滑动变阻器R1接入电路的阻值变小,电路
5、 的总电阻变小,由公式 可知,电路中电流变大,即电流表的示数变大,定值 电阻R2两端的电压变大,根据串联电路电压的特点,R1两端的电压变小,故A、 B错误;电压表V1的示数变小,电流表的示数变大,所以电压表V1的示数与电 流表示数的比值变小,故C正确;电压表V2测量R2两端的电压,电流表测量R2 的电流,故电压表V2与电流表示数的比值为R2,R2的阻值不变,故D错误。 I= 5.(2019 安徽,17,3分)如图所示的电路中,电源电压保持不变,R为定值电阻。 闭合开关,向左移动滑片P,则( ) A.电压表的示数变大,电流表的示数变大 B.电压表的示数变大,电流表的示数变小 C.电压表的示数不变
6、,电流表的示数变大 D.电压表的示数变小,电流表的示数变大 答案 A 解析 由电路图可知,滑动变阻器与定值电阻串联,闭合开关后,滑片向左滑 动时,接入的阻值变小,则电路中总电阻变小,由 可知,在电源电压不变 时,电路中的电流变大,电流表示数变大;R为定值电阻,由U=IR可知其两端 电压变大,故电压表示数变大;故A正确,B、C、D错误。 I= 6.(2018 安徽,16,3分)如图所示的电路中,电源电压保持不变,闭合开关,在保 证电路元件安全的前提下,向左移动滑动变阻器的滑片。在移动滑片的过 程中,下列说法正确的是( ) A.电流表的示数变大,电压表的示数变大 B.电流表的示数变小,电压表的示数
7、变大 C.电流表的示数变小,电压表的示数变小 D.电流表的示数变大,电压表的示数变小 答案 D 解析 在电路中电阻R1与滑动变阻器R2串联,电流表测量电路的电流,电压 表测量的是滑动变阻器的电压,当滑片向左移动时,接入的电阻变小,电路 的总电阻变小,由于电源电压保持不变,根据欧姆定律可知电路的电流变大, 电流表示数变大,电阻R1两端的电压变大,所以滑动变阻器的电压变小,即 电压表的示数变小。 命题点3 电流与电压和电阻的关系 7.(2018 安徽,20,8分)利用如图甲所示的电路,可以研究通过小灯泡的电流 跟加在它两端电压的关系。实验中使用小灯泡的额定电压为2.5 V。 甲 乙 丙 (1)请按
8、照图甲,将图乙中的实物电路连接完整; (2)闭合开关S,当滑片从滑动变阻器的一端向另一端移动时,小灯泡两端的 电压连续发生变化,于是可得到多组测量值(U,I),根据测量值画出小灯泡的 I-U图象如图丙所示。从图象可以发现:随着小灯泡两端电压从0逐渐增大 (不大于额定电压),其灯丝的电阻值 (选填“不断增大”“保 持不变”或“不断减小”); (3)在图甲中,闭合开关,将滑片P从A端向B端移动。在此过程中,小灯泡两 端的电压 (选填“不断变大”“保持不变”或“不断变小”); (4)考虑到电压表的电阻对电路的影响,每次电流表的示数比测量时通过小 灯泡的实际电流 (选填“偏大”或“偏小”)。 答案 (
9、1)如解析图所示 (2)不断增大 (3)不断变大 (4)偏大 解析 有(1)小灯泡的额定电压为2.5 V,故电压表选用小量程与小灯泡并联, 如图所示。 (2)由图丙知,当电压为0.25 V、1.0 V、2.0 V时,对应的电流大小分别为0.1 A、0.3 A、0.45 A,由欧姆定律 知,对应的电阻大小分别为2.5 、3.3 、4.4 ,故灯丝的电阻值不断增大; (3)在图甲中,小灯泡与变阻器PA部分并联后与变阻器的PB部分串联,闭合 开关,将滑片P从A端向B端移动。PA部分电阻越来越大,根据并联电阻的规 律,并联部分的电阻变大,PB部分电阻变小,由分压原理,并联部分的电压变 大,即小灯泡的电
10、压不断变大; (4)因电压表与小灯泡并联,根据并联电路电流的规律,电流表的示数比测 量时通过小灯泡的实际电流偏大。 R= 命题点4 内阻的相关计算 8.(2020 安徽,22,7分)有一个量程为01 mA的 小量程电流表G,内阻Rg=30 ,选择一定值电 阻R0与它并联起来,如图所示。将A、B两端接 入电路(图中I表示电流表G与电阻R0并联后的 总电流)。 (1)调节电路,使电流表的指针指在最大刻度处(即1 mA),这时电流I为0.6 A, 求电阻R0的值(计算结果保留两位小数); (2)继续调节电路,使电流表的指针指在刻度盘中央(即0.5 mA),此时电流I 变为多少? 答案 (1)0.05
11、 (2)0.3 A 解析 (1)小量程电流表满偏电压:Ug=IgRg=1.010-3 A30 =0.03 V 小量程电流表G与R0并联: U0=Ug=0.03 V I0=I-Ig=0.6 A-0.001 A=0.599 A 电阻 R0阻值:R0=0 0 = 0.03V 0.599A0.05 (2)小量程电流表 G 与 R0并联,R并= 并 = 0.03V 0.6A =0.05 由已知得:Ig=0.5 mA,Ug=IgRg=0.5 10 -3 A 30 =0.015 V 此时总电流为:I= g 并 = 0.015V 0.05 =0.3 A 9.(2019 安徽,23,9分)如图为“研究小灯泡灯丝
12、的阻值变化特点”的电路图。 实验所选用的器材均能符合实验要求,其中部分器材 的规格如下: 小灯泡额定电压3.8 V,额定电流0.32 A; 电压表(量程3 V,内阻3 000 ); 电流表(量程500 mA,内阻0.5 ); 定值电阻R0(限值1 000 )。 按电路图连接好电路,闭合开关,调节滑动变阻器的滑片至某一位置时,发 现电压表的示数为2.7 V,电流表的示数为315 mA。求此时: (1)小灯泡两端的电压;(2)通过小灯泡的电流;(3)小灯泡灯丝的阻值。 答案 (1)3.6 V (2)314.1 mA (3)11.461 电压表与R0串联可得R0的电流I0=I1=910-4 A; 由
13、欧姆定律变形可得R0的两端电压U0=I0R0=910-4 A1 000 =0.9 V, 电压表与R0的支路总电压等于小灯泡两端的电压 U=UV+U0=2.7 V+0.9 V=3.6 V; (2)已知电流表测量小灯泡所在支路和电压表、R0所在支路干路的电流,电 流表的示数为315 mA。根据并联电路的电流特点可得通过小灯泡的电流 IL=I-IV=315 mA-0.9 mA=314.1 mA; 解析 (1)通过电压表的电流 I1=V V = 2.7V 3 000 =9 10 -4 A; (3)由 I= 可得,小灯泡灯丝的阻值 RL= L = 3.6V 0.314 1A 11.461 。 10.(2
14、017 安徽,23,9分)现一只满偏电流Ig=3 mA的电流计G,已知其电阻 Rg=100 ,现在需要把它改装成一只量程Ic=3 A的电流表,如图a所示。求: (1)电阻Rx的阻值; (2)求改装后的电流表电阻Rc的阻值; (3)如图b所示,将改装后的电流表接入电路中。已知电源电压U=10 V,电阻 R1=5 。闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片P,使电流表的示数I=1.0 A。 求此时滑动变阻器接入电路中的阻值R2,以及通过原电流计G的电流I1。 答案 (1)0.1 (2)0.1 (3)4.9 1 mA 解析 本题考查了欧姆定律。电阻Rx与电流计G并联,其两端的电压相等, 所以Ux=Ug。电流
15、计G两端的电压可由其最大满偏电流Ig和电阻Rg来求得。 Ug=IgRg=0.3 V。通过Rx的电流Ix由并联电流的规律可知Ix=Ic-Ig=3 A-3 mA =2.997 A。所以接入电路中的电阻 。改装后电流表 的阻值可以由电流表的电压Ug和通过电流表的电流Ic计算得到, Rx= = 0.3V 2.997A0.1 Rc=c c = g c = 0.3V 3A =0.1 。 当电流表接入电路中的电流大小为1 A时,电流表两端的电压 Uc=IRc=1 A0.1 =0.1 V,接入电路中的滑动变阻器两端的电压 U2=10 V-Uc-U1=10 V-0.1 V-1 A5 =4.9 V, R2=2 =
16、 4.9V 1A =4.9 ,通过原电流计G的电流I1可以由电流计的电压和其电阻 来计算,I1=c g = 0.1V 100 =0.001 A=1 mA。 11.(2016 安徽,23,8分)实际测量中使用的大量程电流表是由小量程电流表 改装而成的。图中G是满偏电流(即小量程电流表允许通过的最大电 流)Ig=1 mA 的电流表,其电阻Rg=100 ,图为某同学改装后的电流表电路 图,R1、R2为定值电阻。若使用a和b两个接线柱时,电表的量程为3 mA;若 使用a和c两个接线柱时,电表的量程为10 mA。求R1、R2的阻值。 答案 15 35 解析 将a、b两接线柱接入电路时,有 IgRg=(I
17、-Ig)(R1+R2) 将a、c两接线柱接入电路时,有 Ig(Rg+R2)=(I-Ig)R1 联立两式,将Ig=110-3 A,Rg=100 ,I=310-3 A,I=1010-3 A代入,可 得R1=15 ,R2=35 。 考点必备梳理考点必备梳理 电流与电压、电阻的关系 比较项 电流与电压的关系 电流与电阻的关系 图象 结论 在电阻 一定的情况下,导体中的电 流跟这段导体两端的电压成正比 在电压 不变的情况下,导体中的 电流跟导体的电阻成反比 K 考点清单考点清单 考点1 电流与电压和电阻的关系 (10年2考) 考点2 欧姆定律 (10年10考) 比较项 要 点 欧姆 是德国物理学家,也是
18、电阻的单位 欧姆定 律 导体中的电流,跟导体两端的电压 成正比,跟导体电阻 成反比 当电阻 一定时,导体中的电流跟这段导体两端的电压成 正比 ,如图所示,公式 当电压 一定时,导体中的电流跟导体的电阻成反比 , 如图所示,公式 I= I= 比较项 要 点 电路的总电阻与各 电阻之间的关系 串联电路的总电阻与各电阻之间的关系是R总=R1+R2 并联电路的总电阻与各电阻之间的关系是 1 R总 = 1 R1 + 1 R2 考点3 动态电路分析 (10年5考) 比较项 要 点 说明 串联 电路 电阻的变化引起电路中其他物理量的变 化。某一电阻增大(减小)时,与它串联或 间接串联的电阻中的电流、两端电压
19、、 电功率都减小(增大) 此类题应首先看懂电路 图,弄清各电表测量哪些 用电器的哪些物理量;判 断出滑动变阻器的阻值 怎样变化,由欧姆定律得 到电流的变化,再由串联 电路的电压特点分析各 个用电器的电压变化 并联 电路 某一电阻增大(减小)时,与它并联或间接 并联的电阻中的电流、两端电压、电功 率都增大(减小) J 基础自测基础自测 (HK九年级P103作业第4题)某导体两端的电压是3 V时,通过它的电流为 200 mA,导体的电阻为 。现将电压增加到6 V,则电流表应选 (选填“00.6 A”或“03 A”)量程来测量导体中的电流。 15 00.6 考法必研突破考法必研突破 K 考法突破考法
20、突破 考法1欧姆定律的应用 例例1(2020 广西贵港)小亮设计 了一个水位监测报警装置,其电 路如图甲所示,电源电压3 V不 变,报警器(电阻不计)中通过的 电流达到或超过10 mA时会 报警。监测头是一个放置于水底的压敏电阻,受力面积为2 cm2,其阻值R随压力F 的变化规律如图乙所示。监测头在压力超过28 N时不能正常工作,该装置能监 测的最大水深是 m。若要该装置在水深达到11 m时开始报警,则电 阻箱接入电路的阻值应为 。(g取10 N/kg,水=1.0103 kg/m3) 答案 14 220 解析 由题意可知,监测头在压力超过28 N时不能正常工作,则此时压敏电阻 受到压强:p最大
21、= 最大 = 28N 210-4 m2=1.4 10 5 Pa, 根据 p=gh 可得能监测的最大水深: h最大= 最大 水 = 1.4105 Pa 1.0103 kg/m310N/kg =14 m; (2)该装置在水深达到11 m时开始报警,则此时压敏电阻受到压强为p=水 gh=1.0103 kg/m310 N/kg11 m=1.1105 Pa, 压敏电阻受到的压力F=pS=1.1105 Pa210-4 m2=22 N, 由图乙可知此时压敏电阻的阻值R=80 , 已知报警器报警时电路的电流I=10 mA=0.01 A, 根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得,电阻箱接入电路的阻值R箱 =R
22、总-R=300 -80 =220 。 报警时电路的总电阻 R总= = 3V 0.01A =300 , 方法归纳 欧姆定律的应用 (1)四个弄清:弄清电路的连接方式;弄清各电表分别测哪个元件的电学量; 弄清滑动变阻器接入电路的部分;弄清题中的已知条件和提供的物理过程。 (2)标记电路图:在图中标出已知量的符号、数据和未知量的符号。 (3)电路分析:寻找已知量和未知量的关系,抓住电路中不变量和变化量。 (4)根据串、并联电路特点及欧姆定律列出方程求解,注意文字说明、公式、 下标、单位。 对应练对应练1(2020 湖南娄底)如图所示的电路中,电源电压为13.5 V,调节滑动变 阻器滑片P从最右端b移
23、动到最左端a,电流表示数由0.18 A变为0.54 A,则定 值电阻R0= ,滑片位于b点时电压表示数为 V。 答案 25 9 解析 由电路图可知,电阻R0与滑动变阻器R串联,电压表测滑动变阻器两端 的电压,电流表测电路中的电流。 滑动变阻器滑片P在最左端a时,只有R0连入电路,R0的阻值 滑动变阻器滑片P在最右端b时,电阻R0与滑动变阻器R的全部电阻串联,R0 两端的电压U0=IbR0=0.18 A25 =4.5 V,因串联电路中的总电压等于各 分电压之和,所以滑动变阻器两端的电压(即电压表示数) U滑=U-U0=13.5 V-4.5 V=9 V。 R0= = 13.5V 0.54A =25
24、 ; 考法2动态电路分析 例例2(2020 江西)如图所示,电源电压恒定不变,闭合开关S,若滑片P向上移动, 下列说法正确的是( ) A.A示数变小,V示数变大 B.A示数变小,V示数不变 C.A示数变大,V示数变小 D.A示数变大,V示数不变 答案 B 解析 由电路图可知,R1与R2并联,电压表V测电源两端的电压,电流表A测干 路电流。因电源电压恒定不变,所以滑片移动时电压表V的示数不变,故A、 C错误;因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以滑片移动时通过R2 的电流不变,若滑片P向上移动,则滑动变阻器R1接入电路中的电阻变大,由 可知,通过R1的电流变小,因并联电路中干路电流等于各支路
25、电流之和, 所以干路电流变小,即电流表A的示数变小,故B正确、D错误。 I= 对应练对应练2(2020 天津)如图所示是一种测定油箱内油量的装置,其中R是滑动 变阻器的电阻片。当油量减少时,滑动变阻器的滑片P向上移动,则电路中 ( ) A.总电阻增大,电流减小 B.总电阻增大,电流增大 C.总电阻减小,电流增大 D.总电阻减小,电流减小 答案 A 解析 由电路图可知,滑动变阻器R与定值电阻R0串联,电流表测电路中的电 流;当油箱中的油量减少时,浮子随油面下降,在杠杆的作用下滑片向上移 动,则变阻器R连入电路的电阻变大,电路中的总电阻增大,由 可知,电路 中的电流减小,故A正确、BCD错误。 I
26、= 考法3电路中电流、电压、电阻的关系 例例3(2020 四川甘孜州)小刚用图所示电路探究“一段电路中电流跟电阻的 关系”。在此实验过程中,当A、B两点间的电阻由5 更换为10 后,为了 探究上述问题,他应该采取的唯一操作是( ) A.保持变阻器滑片不动 B.将变阻器滑片适当向左移动 C.将变阻器滑片适当向右移动 D.适当增加电池的节数 答案 C 解析 当A、B两点间的电阻由5 更换为10 后,电路中的总电阻变大,可 知电路中的电流变小,由U=IR可知,滑片不动时,变阻器两端电压变小,因串 联电路中总电压等于各分电压之和,所以,定值电阻两端的电压变大,因探 究“一段电路中电流跟电阻的关系”时,
27、应控制电阻两端电压不变,所以,应 调节滑动变阻器的滑片增大接入电路中的电阻,减小电路中的电流,即将变 阻器滑片适当向右移动,故A、B错误,C正确;滑片不动时,增加电池的节数, 会使电阻两端的电压更大,故D错误。 对应练对应练3(2020 黑龙江牡丹江)张华同学在“探究 通过导体的电流与其两端电压的关系”时,将记录 的实验数据通过整理作出了如图所示的图象,根 据图象,下列说法错误的是( ) A.当在导体乙的两端加上1 V的电压时,通过导体 乙的电流为0.1 A B.将甲、乙两导体并联后接到电压为3 V的电源上时,干路中的电流为0.9 A C.通过导体甲的电流与其两端的电压成正比 D.导体甲的电阻
28、大于导体乙的电阻 答案 D 解析 由图象可知,当U=1 V时,I=0.1 A,故A正确;当甲、乙两导体并联后接 到电压为3 V的电源上,由图知I甲=0.6 A,I乙=0.3 A,I=0.9 A,故B正确;由图象 可知,通过导体的电流随电压的增大而增大,并且成倍数的增大,即成正比, 故C正确;加同样电压时(3 V),I甲=0.6 A,I乙=0.3 A,I甲I乙,所以R甲R乙,故D 错误。 S 实验突破实验突破 实验点 探究电流、电阻、电压的关系 考查方向 实验方法、实物图的连接、电路连接前的要求、电路故障分析、实 验评估。 探究的问题 电流跟电压、电阻的关系 实验器材 电源、电压表、电流表、滑动
29、变阻器、定值电阻3个、开关、导 线若干 实验电路图 实验步骤 (1)保持电阻不变,移动滑片,记录三次电流和电压值 (2)保持电压不变,更换不同的电阻,记录三次电流和电阻的值 实验结论 导体中的电流与导体两端的电压成正比,与导体的电阻成反比 注意事项 注意在探究电流与电阻的关系时,一定注意更换电阻后,需要移 动滑动变阻器的滑片,保证电阻两端的电压不变。 例题例题(2020 江苏泰州)在“探究电流与电压 关系”实验中,小明所用电路如图所示。 (1)请用笔画线代替导线,将实物电路连接 完整。要求:开关闭合前无需移动滑片; (2)闭合开关,电流表有示数,电压表无示数, 小明检查发现仅导线有故障,则故障
30、为 ; A.导线断路 B.导线断路 C.导线断路 D.导线断路 (3)排除故障后,闭合开关,移动滑片,当电压表示数为1 V时,读出电流表示数并记录 在下表中;继续移动滑片,分别读出电阻两端电压为2 V和3 V时电流表的示数,并依 次记录在表格中。 实验序号 U/V I/A 1.0 0.20 2.0 0.40 3.0 0.58 (4)分析表中数据,可得出的结论是: ; (5)实验结束,小明整理器材时发现定值电阻很热,他联想到:处理数据时,第三组数据 之间的关系与前两组数据之间的关系存在差异,他和同组小华就此展开讨论,认为 数据差异可能是由于 造成的。由此反思实验过程:实验时每次读 取数据后要 (
31、写具体操作),再记录数据,减小此因素对测量结果的影响。 答案 (1)如图所示 (2)B (4)电阻一定时,电流与电压成正比 (5)温度变 化导致R变大 断开开关 解析 (1)闭合开关前,滑动变阻器的最大电阻连入电路中,即滑动变阻器左下接线柱连 入电路中,如答案图所示;(2)闭合开关,电流表有示数,电压表无示数,小明检查发现仅导 线有故障。若导线断路,整个电路断路,两表都没有示数,A不符合题意;若导线断路, 电路为通路,电流表有示数,电压表没有示数,B符合题意;若导线断路,整个电路断路, 两表都没有示数,C不符合题意;若导线断路,整个电路断路,两表都没有示数,D不符合 题意。故选B; (4)分析
32、表中数据,考虑到误差因素,电压增大为原来的几倍,电流也增大为原来的几倍, 可得出的结论是电阻一定时,电流与电压成正比; (5)由欧姆定律可知,第三组数据测量出电阻的阻值是: 同理,第二组数据测量出电阻的阻值是5 ,由于电阻受温度的影响,所以数据差异可能 是由于温度变化导致R变大造成的。 每次读取数据后要及时断开开关,避免长时间通电导致电阻温度过高,从而对实验结果 造成影响。 R3=1 1 = 3V 0.58A 5.2 , 拓展练(6)接下来探究电流与电阻的关系,保持电阻两端电压为2 V,将5 的电阻更换为10 的电阻,闭合开关,应将滑动变阻器的滑片P向 (选填“左”或“右”)端移动,使电压表示数为 V。 (7)连好电路后闭合开关,发现电流表无示数,电压表指针有明显偏转,原因 可能是 。 答案 (6)右 2 (7)定值电阻断路 解析 (6)探究电流与电阻的实验中应控制电压不变,要保持电阻两端的电 压不变,根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压,由分 压原理,应增大滑动变阻器连入电路中的电阻,所以滑片应向右端移动,使 电压表的示数为2 V;(7)闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片P,电流表无示数, 说明电路存在断路;电压表的指针有明显的偏转,说明电压表与电源两极相 连,电压表并联电路之外电路不存在断路,则与电压表并联的电阻断路。
