1、河北省“五个一名校联盟”2021 届高三第一次诊断考试 数学 第卷(选择题) 一、选择题:本题共 8 小题,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。 1已知集合 Ay|yx2-2x,xR,集合 Bx|yln(3-x),则 AB A B-1,0) C-1,3) D-1,) 2已知复数 z34i,那么 8i | 6 zz zz A 3 4 B1 C 4 3 D 5 3 3已知向量a(1,0) ,b(0,1) ,则向量2ab与向量3ab的夹角为 A 6 B 5 12 C 3 D 4 4安排 6 名医生去甲、乙、丙 3 个单位做核酸检测,每个单位去 2 名医生,其中医生 a 不 去甲单位,
2、医生 b 只能去乙单位,则不同的选派方式共有 A18 种 B24 种 C36 种 D42 种 5在正四面体 S-ABC 中,点 O 为三角形 SBC 的垂心,则直线 AO 与平面 SAC 所成的角的 余弦值为 A 1 3 B 2 2 3 C 3 3 D 6 3 6在平面直角坐标系 xOy 中,圆 x2y24 上三点 A(x1,y1) ,B(x2,y2) ,C(x3,y3) 构成正三角形 ABC,那么 222 123 xxx A0 B2 C3 D6 7已知双曲线 C: 22 22 1 xy ab (a0,b0)的右焦点为 F,双曲线 C 的右支上有一点 P 满足|OP|OF|2|PF|(点 O
3、为坐标原点) ,那么双曲线 C 的离心率为 A2 B31 C 2( 151) 7 D 3 74 8 8已知函数 2 3 2 ( )log (1) 31 x f xxx ,若 f(2a-1)f(a2-2)-2,则实数 a 的取值 范围是 A-3,1 B-2,1 C (0,1 D0,1 二、选择题:本题共 4 小题,在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。 9若函数 f(x)tan2x 的图象向右平移 6 个单位得到函数 g(x)的图象,那么下列说法 正确的是 A函数 g(x)的定义域为 5 | 6 x xk,kZ B函数 g(x)在 5 (,) 12 12 单调递增 C函数 g(x)图象的对称
4、中心为 (,0) 26 k ,kZ D函数 g(x)1 的一个充分条件是 64 x 10已知数列an满足 a11,nan1-(n1)an1,nN*,其前 n 项和为 Sn,则下列选项 中正确的是 A数列an是公差为 2 的等差数列 B满足 Sn100 的 n 的最大值是 9 CSn除以 4 的余数只能为 0 或 1 D2Snnan 11已知 a,b0 且 2ab1,则 19 3abab 的值不可能是 A7 B8 C9 D10 12如图所示,正三角形 ABC 中,D,E 分别为边 AB,AC 的中点,其中 AB8,把ADE 沿着 DE 翻折至 ADE 位置,使得二面角 A-DE-B 为 60 ,
5、则下列选项中正确的是 A点 A到平面 BCED 的距离为 3 B直线 AD 与直线 CE 所成的角的余弦值为 5 8 CADBD D四棱锥 A-BCED 的外接球半径为 2 37 3 第卷(非选择题) 三、填空题: 13曲线 f(x)e-2xx2在点(0,f(0) )处的切线方程为_ 14已知抛物线 C:y24x,直线 l:x-1,过直线 l 上一动点 P 作抛物线的切线,切点分 别为 A, B, 则以 AB 为直径的圆与直线 l 的位置关系是_(用“相交”“相切”或“相离” 填空) 15“中国剩余定理”又称“孙子定理”1852 年,英国来华传教士伟烈亚力将孙子算经中 “物不知数”问题的解法传
6、至欧洲1874 年,英国数学家马西森指出此法符合 1801 年由高斯 得到的关于问余式解法的一般性定理,因而西方称之为“中国剩余定理”“中国剩余定理” 讲的是一个关于整除的问题, 现有这样一个整除问题: 若一个正整数被 3 除余 2 且被 5 除余 4,就称为“ 数”,现有数列an,其中 an2n-1,则数列an前 2021 项中“ 数”有_ 个 16已知函数 2 1 ( )eln 22 x a a f xx 在定义域内没有零点,则 a 的取值范围是_ 四、解答题:本题共 6 小题,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。 17已知ABC 的内角 A,B,C 所对的边分别是 a,b,c,在以下
7、三个条件中任选一个: sin2Asin2Bsin2C-sinBsinC; 62 sin 44 A ;1-2sinBsin(A-C)cos2B; 并解答以下问题: (1)若选_(填序号) ,求 cosA 的值; (2)在(1)的条件下,若 a2,求ABC 的面积 S 的最大值 18已知等差数列an的前 n 项和为 Sn,若 a1-8,S6a51 (1)求数列an的通项公式; (2)若数列 bn2n 1,求数列|a n| bn的前 n 项和 Tn 19如图,在四棱柱 ABCD-ABCD中,底面 ABCD 是菱形,AB2,AA3,且AAB AADBAD60 (1)求证:平面 ABD平面 ABCD;
8、(2)求二面角 B-AC-D 的余弦值 20甲乙两人进行投篮比赛,每轮比赛由甲乙各投一次,已知甲投中的概率为 3 4 ,乙投中 的概率为 1 2 每轮投篮比赛中,甲乙投中与否互不影响,按以下情况计分:都投中或者都 不中双方都记 0 分;一方投中,而另一方未中,投中者得 1 分,未中者得-1 分;若有人积 2 分,则此人获胜且比赛停止 (1)比赛三轮后,甲积 1 分的概率是多少? (2)若比赛至多进行五轮,问乙能获胜的概率是多少? 21设函数 f(x)x3bx2cx1 存在两个极值点 x1,x2,且 x11,0,x20,1 (1)求 c 的取值范围; (2)证明:-1f(x2)1 22在平面直角
9、坐标系 xOy 中,已知椭圆 C: 22 22 1 xy ab (ab0)和抛物线 D:y24x, 椭圆 C 的左, 右焦点分别为 F1, F2, 且椭圆 C 上有一点 P 满足|PF1|F1F2|PF2|345, 抛物线 D 的焦点为 F2 (1)求椭圆 C 的方程; (2)过 F2作两条互相垂直的直线 l1和 l2,其中直线 l1交椭圆 C 于 A,B 两点,直线 l2交抛 物线 D 于 P,Q 两点,求四边形 APBQ 面积的最小值 河北省“五个一名校联盟”2021 届高三第一次诊断考试 数学参考答案 一、选择题:本题共 8 小题,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。 1
10、C 2B 3D 4A 5B 6D 7C 8A 二、选择题:本题共 4 小题,在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。 9BD 10ABC 11ABD 12ABD 三、填空题: 132xy-10 14相切 15134 16 ( 1 ln1 2 ,) 四、解答题: 17解: (1)若选,sin2Asin2Bsin2C-sinBsinC, 由正弦定理可得:a2b2c2-bc, 再由余弦定理可得: 222 1 cos 22 bca A bc 若选,由二倍角公式 2 3 cos12sin 242 AA , 2 1 cos2cos1 22 A A 若选,由 1-2sinBsin(A-C)cos2B, 可
11、得 sinBsin(A-C)1 cos2 2 B sin2B 即 sin(A-C)sinB, 即 A-CB 或 A-C-B(舍) ,所以可得 A-CB, 而 ABC,所以 2 A ,则 cosA0 (2)若选或,由余弦定理 a2b2c2-2bccosA, 把 1 cos 2 A ,a2 代入可得:4b2c2-bcbc,可得 bc4, 当且仅当 bc 时等号成立, 又因为 A 为三角形内角,可得 sinA0,则 2 3 sin1cos 2 AA, 则 13 sin3 24 SbcAbc,即 S 的最大值为3, 若选, 由勾股定理 a2b2c2, 即 4a2b22bc, 可得 bc2, 当且仅当
12、bc 时等号成立 则 1 1 2 Sbc,即 S 的最大值为 1 18解: (1)由题意,设等差数列an的公差为 d,由题意可知: 6a115da14d1,其中 a1-8,解得:d3, 则 an-83(n-1)3n-11 (2)由(1)可知当 n1,2,3 时,an0,|an|-an, 当 n4 时,an0,|an|an, 当 n1,2,3 时,可知:T132,T272,T3104, 当 n4 时,可知:Tn104a4b4anbn,即: Tn104(3 4-11) 25(3n-11) 2n 1,两边乘以 2 可得: 2Tn2 104(3 4-11) 26(3n-11) 2n 2, 两式做差,整
13、理可得:Tn(3n-14) 2n 2264, 综上可得: 2 32,1 72,2 104,3 3142264,4 n n n n T n nn 19解: (1)证明:过 A向底面作垂线,设垂足为 O, 过 O 分别向 AD,AB 作垂线,垂足分别为 E,F,连接 AE 和 AF,易得 AOAD,OE AD,AOOEO,所以 AD平面 AOE, 所以 ADAE,同理 ABAF 在RtAAE和RtAAF中, AABAAD60 , 所以 3 3 2 A EA F, 3 2 AEAF, 在 RtOAE 和 RtOAF 中,OAEOAF30 , 可解得: 3 2 OEOF,所以 O 在DAB 的平分线
14、AC 上, 又3AO ,所以 O 既为 AC 中点,又在 BD 上,ACBDO, 又 AO平面 ABD,AO平面 ABCD,所以平面 ABD平面 ABCD; (2)方法一: 由(1)可知 OA,OA,OB 两两垂直,分别以 OA,OB,OA所在的直线为 x,y,z 轴, 建立如图所示的空间直角坐标系, 则 A(3,0,0) ,B(0,1,0) ,A(0,0,6) ,D(0,-1,0) ,C(2 3,0,6) , 设平面 BAC的法向量为m(x,y,z) ,则 0 0 m A C m A B , 即 ( , , ) ( 2 3,0,0)0 ( , , ) (0,1,6)0 x y z x y z
15、 ,可取 z1,则m(0,6,1) , 同理可解得平面 DAC的一个法向量为n(0,6,1) , 则 (0,6,1) (0, 6,1)5 cos, 7|77 m n m n m n , 由图可知该二面角为锐二面角,故二面角 B-AC-D 的余弦值是 5 7 方法二:由(1)可知:平面 ABD平面 ABCD,又 ACBD,AC平面 ABCD, 所以 AC平面 ABD,又 ACAC, 所以 AC平面 ABD, 则BAD 即为二面角 B-AC-D 的平面角; 由(1)可知:6A O ,ABAD7,BD2, 由余弦定理可得: 7745 cos 7277 BA D , 所以二面角 B-AC-D 的余弦值
16、是 5 7 20解: (1)在一轮比赛中,甲积 1 分记为事件 A,其概率为 313 ( ) 428 P A , 甲积 0 分记为事件 B,其概率为 P(B) 31111 42422 , 甲积-1 分记为事件 C,其概率为 111 428 P C , 三轮比赛后,甲积 1 分记为事件 D,则 P(D)P(ABBBABBBACAAACA) P(ABB)P(BAB)P(BBA)P(CAA)P(ACA) 81 256 (2)乙两轮获胜记为事件 E,则 P(E)P(CC) 1 64 ; 乙三轮获胜记为事件 F,则 P(F)P(BCCCBC)P(BCC)P(CBC) 1 64 ; 乙四轮获胜记为事件 G
17、,则 P (G) P (BBCCBCBCCBBCACCCCACC) P (BBCC) P (BCBC) P (CBBC) P(ACCC)P(CACC) 11 27 2 ; 乙五轮获胜记为事件 H,则 P(H)P(BBBCCBBCBCBCBBCCBBBCBACCC BCACC ABCCCCBACCACBCCCABCCACCBCCACBC) 10 11 2 综上:若比赛至多进行五轮,则乙能获胜的概率是 11 113 2 21解: (1)f(x)3x22bxc,由题意可知,f(x)3x22bxc0 有两个不同的 根 x1、x2,且 x1-1,0,x20,1, 则 1320 00 1320 fbc f
18、c fbc ,解得:-3c0, 即 c 的范围为-3,0 (2)由题意可知, 2 222 320fxxbxc,所以 2 22 1 3 2 bxxc , 所以 3232 22222222 1 ()1(3)1 2 f xxbxcxxxc xcx , 3 22 1 1 22 c xx ,令 3 1 ( )1 22 c g xxx ,求导可得: 2 3 ( )0 22 c g xx , 可知 g(x)在0,1上单调递减,则 1 1(1)( )(0)1 22 c gg xg , 即 2 1 ()1 22 c f x,又由-3c0,所以-1f(x2)1 得证 22解: (1)由题意可知,抛物线 D:y24
19、x 的焦点为(1,0) ,所以椭圆 C 的半焦距 c1, 又椭圆 C 有一点 P 满足|PF1|F1F2|PF2|345, 所以椭圆 C 的离心率 12 12 |21 2|2 FFc e aPFPF ,所以 a2,3b , 则求得椭圆 C 的方程是 22 1 43 xy (2)当直线 AB 的斜率不存在时,直线 PQ 即为 x 轴,与抛物线只有一个交点,不满足条 件; 当直线 AB 的斜率为 0 时,A,B 为椭圆长轴两端点,直线 PQx 轴,|PQ|4, 四边形 APBQ 的面积 S4 28; 当直线 AB 的斜率 k0 时,设直线 AB 的方程为 yk(x-1) ,A(x1,y1) ,B(
20、x2,y2) , 联立直线 AB 与椭圆 C: 22 (1) 1 43 yk x xy , 消去 y 可得: (34k2)x2-8k2x4k2-120, 则 2 12 2 8 34 k xx k , 2 12 2 412 34 k x x k 则弦长 22 222 12 22 8412 |1|1()4 3434 kk ABkxxk kk 22 2 222 144(1)12(1) 1 (34)34 kk k kk , 设 P(x3,y3) ,Q(x4,y4) ,联立直线 PQ 与抛物线 D: 2 1 (1) 4 yx k yx , 消去 y 可得:x2-(4k22)x10,则 x3x44k22, 由抛物线的定义,弦长|PQ|x3x424k2224(k21) , 由于 ABPQ,则四边形 APBQ 的面积 222 2 22 112(1)24(1) 4(1) 23434 kk Sk kk , 令 34k2t3,则 2 3 4 t k , 即 31 (2) 2 St t ,令 31 ( )(2) 2 g xx x ,求导可得: 2 31 ( )(1) 2 g x x , 可知 x3 时,g(x)0,则 g(x)单调递增,则 g(x)g(3)8, 综上可知,当直线 AB 斜率 k0 时,四边形 APBQ 面积有最小值 8