(2021新教材)人教B版高中数学选择性必修第一册章末综合测评1 空间向量与立体几何练习.doc

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1、章末综合测评(一)空间向量与立体几何 (时间:120 分钟满分:150 分) 一、单项选择题:本题共 8 小题,每小题 5 分,共 40 分,在每小题给出的 四个选项中,只有一项是符合题目要求的 1若 A,B,C,D 为空间不同的四点,则下列各式为零向量的是() AB 2BC 2CD DC ; 2AB 2BC 3CD 3DA AC ; AB CA BD ; AB CB CD AD AB CD C中,原式AB 2BD DC AB BD BD DC AD BC ,不符合 题意; 中, 原式2(AB BC CD DA )(AC CD DA )0; 中, 原式CD , 不符合题意;中,原式(AB AD

2、 )(CD CB )0故选 C 2若 a(2,2,0),b(1,3,z), a,b 3,则 z 等于( ) A 22B 22 C 22D 42 Ccosa,b ab |a|b| 21230z 8 10z2 1 2,可得 z 22 3 已知向量 a(2,1,3), b(1,2,1), 若 a(ab), 则实数的值为() A2B14 3 C14 5 D2 Da(ab), a(ab)|a|2ab0,|a|2ab, 14(223)7, 解得2故选 D 4已知正四面体 ABCD 的棱长为 1,且AE 2EB,AF2FD ,则EF DC () A2 3 B1 3 C2 3 D1 3 D由正四面体 ABCD

3、 的棱长为 1,且AE 2EB,AF2FD ,得EF 2 3BD , 则EF DC 2 3BD DC 2 311cos 120 1 3,故选 D 5已知 a(2,1,3),b(1,4,2),c(7,5,)若 a,b,c 三向量 共面,则实数等于() A62 7 B63 7 C60 7 D65 7 D由题意得 ctab(2t,t4,3t2), 72t, 5t4, 3t2. t33 7 , 17 7 , 65 7 . 6如图所示,已知空间四边形 ABCD,连接 AC,BD,M,G 分别是 BC, CD 的中点,则AB 1 2BC 1 2BD 等于() AAD BGA CAG DMG CM, G 分

4、别是 BC,CD 的中点, 1 2BC BM , 1 2BD MG , AB 1 2BC 1 2BD AB BM MG AM MG AG 7已知四面体 OABC 的各棱长均为 1,D 是棱 OA 的中点,则异面直线 BD 与 AC 所成角的余弦值为() A 3 3 B1 4 C 3 6 D 2 8 CBD OD OB 1 2OA OB ,AC OC OA ,于是|BD | 3 2 ,|AC |1, 且BD AC 1 2OA OB (OC OA )1 4,于是 cosBD , AC BD AC |BD |AC | 1 4 3 2 1 3 6 ,故异面直线 BD 与 AC 所成角的余弦值为 3 6

5、 8在三棱锥 PABC 中,PC底面 ABC,BAC90,ABAC4,PBC 60,则点 C 到平面 PAB 的距离是() A3 42 7 B4 42 7 C5 42 7 D6 42 7 B在三棱锥 PABC 中,PC底面 ABC,BAC90,ABAC4, PBC60, 以 A 为原点,AB 为 x 轴,AC 为 y 轴,过 A 作平面 ABC 的垂线为 z 轴, 建立空间直角坐标系, 则 C(0,4,0),P(0,4,4 6),A(0,0,0),B(4,0,0),AC (0,4,0),AB (4,0,0),AP (0,4,4 6), 设平面 PAB 的法向量 n(x,y,z), 则 nAP

6、4y4 6z0, nAB 4x0, 取 z1,得 n(0, 6,1), 点 C 到平面 PAB 的距离 d|AC n| |n| 4 6 7 4 42 7 故选 B 二、多项选择题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分,在每小题给出的 选项中,有多项符合题目要求全部选对的得分 5 分,部分选对的得 3 分,有选 错的得 0 分 9已知 v1,v2分别为直线 l1,l2的方向向量(l1,l2不重合),n1,n2分别为 平面,的法向量(,不重合),则下列说法中,正确的是() Av1v2l1l2Bv1v2l1l2 Cn1n2Dn1n2 ABCDv1,v2分别为直线 l1,l2的方向向量(l1

7、,l2不重合),v1v2 l1l2,v1v2l1l2;n1,n2分别为平面,的法向量(,不重合),n1n2 ,n1n2,故全部正确 10已知点 P 是平行四边形 ABCD 所在的平面外一点,如果AB (2,1, 4),AD (4,2,0),AP (1,2,1)对于结论: APAB;APAD;AP 是平面 ABCD 的法向量;APBD 其中正 确的是() ABCD ABCAB AP0,AD AP 0, ABAP,ADAP,则 AB 正确 又AB 与AD 不平行, AP 是平面 ABCD 的法向量,则 C 正确 由于BD AD AB (2,3,4),AP(1,2,1), BD 与AP 不平行,故

8、D 错误 11.在以下命题中,不正确的命题有() A|a|b|ab|是 a,b 共线的充要条件 B若 ab,则存在唯一的实数,使 ab C对空间任意一点 O 和不共线的三点 A,B,C,若OP 2OA 2OB OC , 则 P,A,B,C 四点共面 D若a,b,c为空间的一个基底,则ab,bc,ca构成空间的另一 个基底 ABCA.|a|b|ab|a 与 b 共线,但 a 与 b 共线时|a|b|ab|不一 定成立,故不正确;B.b 需为非零向量,故不正确;C.因为 2211,由共面 向量定理知,不正确;D.由基底的定义知正确 12将正方形 ABCD 沿对角线 BD 折成直二面角 ABDC,有

9、如下四个结论: ACBD; ACD 是等边三角形; AB 与平面 BCD 所成的角为 60; AB 与 CD 所成的角为 60 其中正确的结论是() ABCD ABD如图所示,建立空间直角坐标系 Oxyz,设正方形 ABCD 边长为 2, 则 D(1,0,0),B(1,0,0),C(0,0,1),A(0,1,0),所以AC (0,1,1),BD (2,0,0), AC BD 0,故 ACBD正确 又|AC | 2,|CD | 2,|AD | 2, 所以ACD 为等边三角形正确 对于,OA 为平面 BCD 的一个法向量, cosAB , OA AB OA |AB |OA | 1,1,00,1,0

10、 2 1 1 2 2 2 因为直线与平面所成的角0,90, 所以 AB 与平面 BCD 所成角为 45 故错误 又 cosAB , CD AB CD |AB |CD | 1,1,01,0,1 2 2 1 2 因为异面直线所成的角为锐角或直角, 所以 AB 与 CD 所成角为 60故正确 三、填空题:本题共 4 小题,每小题 5 分,共 20 分把答案填在题中横线 上 13已知向量AB (2,4,5),CD (3,x,y),若AB CD ,则 xy_ 45AB CD ,存在实数 k 使得AB kCD 23k, 4kx, 5ky, 则 xy20 k2 20 2 3 245 14 已知 A(2, 5

11、,1), B(2, 4,2), C(1, 4,1), 则AB 与AC 的夹角为_ 60由题意得AB (0,1,1), AC (1,1,0), cos AB , AC AB AC |AB |AC | 1 2 2 1 2,所以AB 与AC 的夹角为 60 15已知矩形 ABCD 中,AB1,BC 3,将矩形 ABCD 沿对角线 AC 折 起,使平面 ABC 与平面 ACD 垂直,则 B 与 D 之间的距离为_ 10 2 如图,过 B,D 分别向 AC 作垂线,垂足分别为 M,N 则可求得 AM1 2,BM 3 2 ,CN1 2,DN 3 2 ,MN1 由于BD BM MN ND , 所以|BD |

12、2(BM MN ND )2|BM |2|MN |2|ND |22(BM MN MN ND BM ND ) 3 2 2 12 3 2 2 2(000)5 2,故|BD | 10 2 16在正三棱柱 ABCA1B1C1中,已知 AB1,D 在棱 BB1上,且 BD1, 则 AD 与平面 AA1C1C 所成的角的正弦值为_,平面 ACD 与 ABC 所成二 面角的余弦值为_(本题第一空 2 分,第二空 3 分) 6 4 21 7 取 AC 中点 E,连接 BE,则 BEAC, 如图所示,建立空间直角坐标系 Bxyz, 则 A 3 2 ,1 2,0,D(0,0,1),C 3 2 ,1 2,0, DC

13、3 2 ,1 2,1, DA 3 2 ,1 2,1 设平面 ACD 的法向量为 n(x,y,z), DC n0, DA n0, 3 2 x1 2yz0, 3 2 x1 2yz0, 令 x2 3,z3,y0, n(2 3,0,3), 又BD 为平面 ABC 的法向量,BD (0,0,1), cosnBD 3 2 329 21 7 平面 ACD 与平面 ABC 所成二面角的余弦值为 21 7 平面 ABC平面 AA1C1C, 平面 ABC平面 AA1C1CAC,BEAC, BE平面 AA1C1C, BE 3 2 ,0,0 为平面 AA1C1C 的一个法向量, 又AD 3 2 ,1 2,1, cos

14、AD , BE 6 4 , 设 AD 与平面 AA1C1C 所成的角为, 则 sin |cosAD , BE |6 4 四、解答题:本题共 6 小题,共 70 分解答时应写出文字说明、证明过程 或演算步骤 17(本小题满分 10 分)如图所示,在四棱锥 MABCD 中,底面 ABCD 是边 长为 2 的正方形,侧棱 AM 的长为 3,且 AM 和 AB,AD 的夹角都是 60,N 是 CM 的中点,设 aAB ,bAD ,cAM ,试以 a,b,c 为基向量表示出向量BN , 并求 BN 的长 解BN BC CN AD 1 2CM AD 1 2(AM AC )AD 1 2AM (AD AB )

15、 1 2AB 1 2AD 1 2AM , BN 1 2a 1 2b 1 2c |BN |2BN 21 2a 1 2b 1 2c 2 1 4(a 2b2c22ab2ac2bc)17 4 , |BN | 17 2 , 即 BN 的长为 17 2 18(本小题满分 12 分)已知向量 a(1,3,2),b(2,1,1),点 A(3, 1,4),B(2,2,2) (1)求|2ab|; (2)在直线 AB 上,是否存在一点 E,使得OE b?(O 为原点) 解(1)2ab(2,6,4)(2,1,1)(0,5,5), 故|2ab| 0252525 2 (2)OE OA AE OA tAB (3,1,4)

16、t(1,1,2)(3t,1t,42t), 若OE b,则OE b0,所以2(3t)(1t)(42t)0,解得 t9 5, 因此在直线 AB 上存在点 E,使得OE b,此时点 E 的坐标为 E 6 5, 14 5 ,2 5 19(本小题满分 12 分)如图,在直三棱柱 ABCA1B1C1中,ABC 2,D 是 棱 AC 的中点,且 ABBCBB12 (1)求证:AB1平面 BC1D; (2)求异面直线 AB1与 BC1所成的角 解(1)证明:如图,连接 B1C 交 BC1于点 O,连接 OD 因为 O 为 B1C 的中点,D 为 AC 的中点,所以 ODAB1 因为 AB1平面 BC1D,OD

17、平面 BC1D, 所以 AB1平面 BC1D (2)建立如图所示的空间直角坐标系 Bxyz, 则 B(0,0,0),A(0,2,0),C1(2,0,2),B1(0,0,2), 因此AB1 (0,2,2),BC1 (2,0,2) 所以 cosAB1 , BC1 AB1 BC1 |AB1 |BC1 | 004 2 22 2 1 2, 设异面直线 AB1与 BC1所成的角为,则 cos 1 2,由于 0, 2 ,故 3 20(本小题满分 12 分)如图,在直三棱柱 ABCA1B1C1中,点 D 在棱 A1B1 上,E,F 分别是 CC1,BC 的中点,AEA1B1,AA1ABAC2 (1)证明:DF

18、AE; (2)当 D 为 A1B1的中点时, 求平面 DEF 与平面 ABC 所成锐二面角的余弦值 解(1)证明:在直三棱柱 ABCA1B1C1中,有 AA1A1B1, 又因为 AEA1B1,所以 A1B1平面 AA1C1C, 因为 A1C1平面 AA1C1C,所以 A1B1A1C1 所以 ABAC,ABAA1,ACAA1, 如图, 分别以 AC, AA1, AB 所在直线为 x、 y、 z 轴建立空间直角坐标系 Axyz, 则 C(2,0,0),B(0,0,2),A(0,0,0),A1(0,2,0),F(1,0,1),E(2,1,0) 设 D(0,2,t)(0t2),则FD (1,2,t1)

19、,AE (2,1,0),FD AE (1,2, t1)(2,1,0)0, 所以 DFAE (2)当 D 为 A1B1的中点时,D(0,2,1),EF (1,1,1),FD (1,2,0), 设平面 DEF 的法向量为 n(x,y,z),则 nEF 0, nDF 0, 即 xyz0, x2y0, 令 y1 得,n(2,1,3), 容易知平面 ABC 的法向量为 n0(0,1,0), 所以 cosn,n0 nn0 |n|n0| 1 221232 14 14 , 即平面 DEF 与平面 ABC 所成锐二面角的余弦值为 14 14 21(本小题满分 12 分)如图,四边形 ABCD 为正方形,E,F

20、分别为 AD, BC 的中点,以 DF 为折痕把DFC 折起,使点 C 到达点 P 的位置,且 PFBF (1)证明:平面 PEF平面 ABFD; (2)求 DP 与平面 ABFD 所成角的正弦值 解(1)证明:由已知可得,BFPF,BFEF, 又 PF平面 PEF,EF平面 PEF,且 PFEFF, 所以 BF平面 PEF 又 BF平面 ABFD,所以平面 PEF平面 ABFD (2)作 PHEF,垂足为 H由(1)得,PH平面 ABFD 以 H 为坐标原点,HF 的方向为 y 轴正方向,|BF |为单位长,建立如图所示 的空间直角坐标系 Hxyz 由(1)可得,DEPE又 DP2,DE1,

21、所以 PE 3又 PF1,EF2, PF2PE2EF2,故 PEPF 可得 PH 3 2 ,EH3 2 则 H(0,0,0),P 0,0, 3 2,D 1,3 2,0,DP 1,3 2, 3 2,HP 0,0, 3 2 为平面 ABFD 的法向量 设 DP 与平面 ABFD 所成角为,则 sin | HP DP |HP |DP | 3 4 3 3 4 所以 DP 与平面 ABFD 所成角的正弦值为 3 4 22 (本小题满分 12 分)已知三棱柱 ABCA1B1C1中, ACB90, A1BAC1, ACAA14,BC2 (1)求证:平面 A1ACC1平面 ABC; (2)若A1AC60,在线

22、段 AC 上是否存在一点 P,使二面角 BA1PC 的平 面角的余弦值为 3 4 ?若存在,确定点 P 的位置;若不存在,说明理由 解(1)证明:ACAA1,四边形 AA1C1C 为菱形, 连接 A1C,则 A1CAC1,又 A1BAC1,且 A1CA1BA1, AC1平面 A1CB,则 AC1BC, 又ACB90,即 BCAC,BC平面 A1ACC1, 而 BC平面 ABC,平面 A1ACC1平面 ABC (2)以 C 为坐标原点,分别以 CA,CB 所在直线为 x,y 轴,面 A1ACC1内过 点 C 且垂直于 AC 的直线为 z 轴建立如图所示的空间直角坐标系, ACAA14,BC2,A

23、1AC60, C(0,0,0),B(0,2,0),A(4,0,0),A1(2,0,2 3) 设在线段 AC 上存在一点 P,满足AP AC (01),使得二面角 BA1PC 的余弦值为 3 4 则AP (4,0,0) BP BAAP(4,2,0)(4,0,0)(44,2,0),A 1P A1A AP (24,0,2 3),CA1 (2,0,2 3) 设平面 BA1P 的一个法向量为 m(x1,y1,z1), 由 mBP 44x 12y10, mA1P 24x12 3z10, 取 x11,得 m 1,22,12 3, 平面 A1PC 的一个法向量为 n(0,1,0) 由|cosm,n|mn| |m|n| |22| 122212 2 3 1 3 4 , 解得4 3或 3 4 因为 01,所以3 4 故在线段 AC 上存在一点 P,满足AP 3 4AC ,使二面角 BA1PC 的余弦值为 3 4

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