1、=【 ;精品教育资源文库 】 = 课时达标检测 (三十七)直线、平面垂直的判定与性质 练基础小题 强化运算能力 1.如图,在 Rt ABC 中, ABC 90 , P 为 ABC 所在平面外一点,PA 平面 ABC,则四面体 P ABC 中共有 _个直角三角形 解析:由 PA 平面 ABC 可得 PAC, PAB 是直角三角形,且 PA BC.又 ABC 90 ,即 AB BC,所以 ABC 是直角三角形,且 BC 平面 PAB,又 PB?平面 PAB,所以 BC PB,即 PBC 为直角三角形,故四面体 P ABC 中共有 4 个直角三角形 答案: 4 2如 图, PA O 所在平面, AB
2、 是 O 的直径, C 是 O 上一点,AE PC, AF PB,给出下列结论: AE BC; EF PB; AF BC; AE 平面 PBC,其中正确的结论有 _ (填序号 ) 解析: AE?平面 PAC, BC AC, BC PA?AE BC,故 正确; AE PC, AE BC, PB? 平面 PBC?AE PB, AF PB, EF?平面 AEF?EF PB,故 正确; AF PB,若 AF BC?AF 平面 PBC,则 AF AE 与已知矛盾,故 错误;由 可知 正确 答案: 3 (2018 盐城中学月考 )已知 , , 是三个不同的平面,命题 “ ,且 ? ” 是真命题,如果把 ,
3、 , 中的任意两个换成直线,另一个保持不变,在所得的所有新命题中,真命题有 _个 解析:若 , 换为直线 a, b,则命题化为 “ a b,且 a ?b ” ,此命题为真命题;若 , 换为直线 a, b,则命题化为 “ a ,且 a b?b ” ,此命题为假命题;若 , 换为直线 a, b,则命题化为 “ a ,且 b ?a b” ,此命题为真命题 答案: 2 4在三棱锥 PABC 中,点 P 在平面 ABC 中的射影为点 O. (1)若 PA PB PC,则点 O 是 ABC 的 _心 (2)若 PA PB, PB PC, PC PA,则点 O 是 ABC 的 _心 解析: (1)如图 1,
4、连结 OA, OB, OC, OP,在 Rt POA, Rt POB 和 Rt POC 中, PA PB PC,所以 OA OB OC,即 O 为 ABC 的外心 (2)如图 2,延长 AO, BO, CO 分别交对边于 H, D, G 点, =【 ;精品教育资源文库 】 = PC PA, PB PC, PA PB P, PC 平面 PAB, AB?平面 PAB, PC AB,又 ABPO, PO PC P, AB 平面 PGC,又 CG?平面 PGC, AB CG,即 CG 为 ABC 边 AB 的高同理可证 BD, AH 为 ABC 底边上的高,即 O 为 ABC 的垂心 答案: (1)外
5、 (2)垂 练常考题点 检验高考能力 一、填空题 1若 PD 垂直于正方形 ABCD 所在的平面,连结 PB, PC, PA, AC, BD,则一定互相垂直的平面有 _对 解析:由于 PD 平面 ABCD,故平面 PAD 平面 ABCD,平面 PDB 平面 ABCD,平面 PDC 平面 ABCD,平面 PDA 平面 PDC,平面 PAC 平面 PDB,平面 PAB 平面 PAD,平面 PBC 平面 PDC,共 7 对 答案: 7 2 (2017 徐州模拟 )如图,以等腰直角三角形 ABC 的斜边 BC 上的高 AD 为折痕,把 ABD 和 ACD 折成互相垂直的两个平面后,某学生得出下列四个结
6、论: BD AC; BAC 是等边三角形; 三棱锥 DABC 是正三棱锥; 平面 ADC 平面 ABC. 其中正确的是 _ (填序号 ) 解析:由题意知, BD 平面 ADC,故 BD AC, 正确; AD 为等腰直角三角形斜边 BC 上的高,平面 ABD 平面 ACD,所以 AB AC BC, BAC 是等边三角形, 正确;易知 DA DB DC,又由 知 正确;由 知 错误 答案: 3设平面 与平面 相交于直线 m,直线 a 在平面 内,直线 b 在平面 内,且 b m,则 “ ” 是 “ a b” 的 _条件 解析:若 ,因为 m, b? , b m,所以根据两个平面垂直的性质定理可得
7、b ,又 a? ,所以 a b,充分性成立;反过来,当 a m 时,因为 b m,且 a, m共面,一定有 b a,但不能保证 b ,所以不能推出 ,必要性不成立所以 “ ” 是 “ a b” 的充分不必要条件 答案:充分不必要 4.如图,点 P 在正方 体 ABCDA1B1C1D1的面对角线 BC1上运动,则下列四个命题: =【 ;精品教育资源文库 】 = 三棱锥 AD1PC 的体积不变; A1P 平面 ACD1; DP BC1; 平面 PDB1 平面 ACD1. 其中正确的命题序号是 _ 解析:由题意可得直线 BC1平行于直线 AD1,并且直线 AD1?平面 AD1C,直线 BC1?平面
8、AD1C, 所以直线 BC1 平面 AD1C.所以点 P 到平面 AD1C 的距离不变, VAD1PC VPAD1C,所以体积不变故 正确;连结 A1C1, A1B,可得平面 AD1C 平面 A1C1B.又因为 A1P?平面 A1C1B,所以 A1P 平面 ACD1,故 正确;当点 P 运动到 B 点时, DBC1是等边三角形,所以 DP 不垂直于 BC1.故 不正确;因为直线 AC 平面 DB1, DB1?平面 DB1.所以 AC DB1.同理可得 AD1 DB1.所以可得 DB1 平面 AD1C.又因为 DB1?平面 PDB1.所以可得平面 PDB1 平面 ACD1.故 正确综上,正确的序
9、号为 . 答案: 5如图所示,四边形 ABCD 中, AD BC, AD AB, BCD 45 , BAD 90. 将 ADB沿 BD 折起,使平面 ABD 平面 BCD,构成 三棱锥 ABCD,则在三棱锥 ABCD 中,下列结论正确的是 _ (填序号 ) 平面 ABD 平面 ABC; 平面 ADC 平面 BDC; 平面 ABC 平面 BDC; 平面 ADC 平面 ABC. 解析: 在四边形 ABCD 中, AD BC, AD AB, BCD 45 , BAD 90 , BD CD.又平面 ABD 平面 BCD,且平面 ABD 平面 BCD BD,故 CD 平面 ABD,则 CD AB.又 A
10、D AB,AD CD D, AD?平面 ADC, CD?平面 ADC,故 AB 平面 ADC.又 AB?平面 ABC, 平面 ADC 平面 ABC. 答案: 6.如图,直三棱柱 ABC A1B1C1中,侧棱长为 2, AC BC 1, ACB 90 , D 是 A1B1的中点, F 是 BB1上的动点, AB1, DF 交于点 E.要使 AB1 平面 C1DF,则线段 B1F 的长为 _ 解析:设 B1F x,因为 AB1 平面 C1DF, DF? 平面 C1DF,所以 AB1 DF.由已知可得 A1B1 2,设 Rt AA1B1斜边 AB1上的高为 h,则 DE 12h. =【 ;精品教育资
11、源文库 】 = 又 2 2 h 22 ? 2?2,所以 h 2 33 , DE 33 . 在 Rt DB1E 中, B1E ? ?22 2 ? ?33 2 66 . 由面积相等得 66 x2 ? ?22 2 22 x,得 x 12. 答案: 12 7.如图,在三棱锥 DABC 中,若 AB CB, AD CD, E 是 AC 的中点,则下列命题中正确的有 _(写出全部正确命题的序号 ) 平面 ABC 平面 ABD; 平面 ABD 平面 BCD; 平面 ABC 平面 BDE,且平面 ACD 平面 BDE; 平面 ABC 平面 ACD,且平面 ACD 平面 BDE. 解析:由 AB CB, AD
12、CD 知 AC DE, AC BE,从而 AC 平面 BDE,所以平面 ABC 平面 BDE,且平面 ACD 平面 BDE,故 正确 答案: 8.如图所示,在四棱锥 PABCD 中, PA 底面 ABCD,且底面各边都相等, M 是 PC 上的一动点,当点 M 满足 _时,平面 MBD 平面PCD.(只要填写一个你认为是正确的条件即可 ) 解析:如图,连结 AC, BD,则 AC BD, PA 底面 ABCD, PA BD. 又 PA AC A, BD 平面 PAC, BD PC, 当 DM PC(或 BM PC)时, 即有 PC 平面 MBD.而 PC?平面 PCD, 平面 MBD 平面 P
13、CD. 答案: DM PC(或 BM PC 等 ) 9设 l, m, n 为三条不同的直线, 为一个平面,给出下列命题: =【 ;精品教育资源文库 】 = 若 l ,则 l 与 相交; 若 m? , n? , l m, l n,则 l ; 若 l m, m n, l ,则 n ; 若 l m, m , n ,则 l n. 其中正确命题的序号为 _ 解析: 显然正确;对于 ,只有当 m, n 相交时,才有 l ,故 错误;对于 ,由 l m, m n,得 l n,由 l ,得 n ,故 正确;对于 ,由 l m, m ,得 l ,再由 n ,得 l n,故 正确 答案: 10 (2018 兰 州
14、质检 )如图,在直角梯形 ABCD 中, BC DC, AE DC,且 E 为 CD 的中点, M, N 分别是 AD, BE 的中点,将三角形 ADE沿 AE 折起,则下列说法正确的是 _ (写出所有正确说法的序号 ) 不论 D 折至何位置 (不在平面 ABC 内 ),都有 MN 平面 DEC; 不论 D 折至何位置 (不在平面 ABC 内 ),都有 MN AE; 不论 D 折至何位置 (不在平面 ABC 内 ),都有 MN AB; 在折起过程中,一定存在某个位置,使 EC AD. 解析:由已知,在未折叠的原梯形中, AB DE, BE AD,所以四边形 ABED 为平行 四边形,所以 BE
15、 AD,折叠后如图所示 过点 M 作 MP DE,交 AE 于点 P,连结 NP.因为 M, N 分别是 AD, BE 的中点,所以点P 为 AE 的中点,故 NP EC.又 MP NP P, DE CE E,所以平面 MNP 平面 DEC,故 MN 平面 DEC, 正确; 由已知, AE ED, AE EC,所以 AE MP, AE NP,又 MP NP P,所以 AE 平面 MNP,又 MN?平面 MNP,所以 MN AE, 正确; 假设 MN AB,则 MN 与 AB 确定平面 MNBA,从而 BE?平面 MNBA, AD?平面 MNBA,与 BE 和 AD 是异面直线矛盾, 错误; 当 EC ED 时, EC AD.因为 EC EA, EC ED, EA ED E