1、 八年级下学期物理期末质量监测试卷八年级下学期物理期末质量监测试卷 一、单选题一、单选题 1下列物理量所对应的单位中正确的是（ ） A力：kg B压强：Pa C功：W D功率：J 【答案】B 【解析】【解答】A力的单位为牛顿，符号为 N，A 不符合题意； B压强的单位为帕斯卡，符号为 Pa，B 符合题意； C功的单位为焦耳，符号为 J，C 不符合题意； D功率的单位为瓦特，符号为 W，D 不符合题意。 故答案为：B。 【分析】牢记常见物理量的单位，解答即可。 2下列物理公式正确的是（ ） Ap=FS BP=Wt CW=Fs DF1F2=l1l2 【答案】C 【解析】【解答】A压强的公式为，A
2、不符合题意； B功率的公式为，B 不符合题意； C功的公式为 W=Fs，C 符合题意； D杠杆的平衡条件是 F1l1=F2l2，D 不符合题意。 故答案为：C。 【分析】牢记常见物理量的计算公式，判断即可。 3下列事例中，为了增大压强的是（ ） A客车破窗锤的锤头很尖 B载重汽车装有很多车轮 C推土机的履带很宽大 D火车轨道铺在枕木上 【答案】A 【解析】【解答】A客车破窗锤的锤头很尖，是为了在压力一定时，减小受力面积从而增大压强，A符合题意； B载重汽车装有很多车轮，是为了在压力一定时，增大受力面积从而减小压强，B 不符合题意； C推土机的履带很宽大，是为了在压力一定时，增大受力面积从而减小
3、压强，C 不符合题意； D火车轨道铺在枕木上，是为了在压力一定时，增大受力面积从而减小压强，D 不符合题意。 故答案为：A。 【分析】增大压强方法 ：(1)S 不变，F；(2)F 不变，S (3) 同时把 F，S。而减小压强方法则相反。 4下列事例中，通过改变接触面的粗糙程度来增大摩擦的是（ ） A自行车刹车时用力捏手闸 B单杠运动员上杠前在手上涂防滑粉 C冰壶运动员在冰壶前方摩擦冰面 D往合页里加润滑剂 【答案】B 【解析】【解答】A刹车时，用力捏手闸是在接触面的粗糙程度不变，通过增大压力来增大摩擦，A不符合题意； B运动员在手上涂防滑粉，是在压力不变时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，
4、B 符合题意； C在冰壶前方摩擦冰面可使其光滑，即在压力不变时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦，C不符合题意； D加润滑剂可让接触面光滑，从而在压力不变时，可通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦，D 不符合题意。 故答案为：B。 【分析】增大有益摩擦的方法：增大压力和使接触面粗糙些。 减小有害摩擦的方法：(1)使接触面光滑和减小压 力；(2)用滚动代替滑动；(3)加润滑油；(4)利用气垫。 （5）让物体之间脱离接触（如磁悬浮列车） 。 5下列各种工具，使用中属于费力杠杆的是（ ） A钢丝钳 B镊子 C铁皮剪刀 D扳手 【答案】B 【解析】【解答】A钢丝钳在使用时，动力臂大于阻力臂，所以是省力
5、杠杆，A 不符合题意； B镊子在使用时，动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，B 符合题意； C铁皮剪刀使用时，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆，C 不符合题意； D扳手在使用时，动力臂大于阻力臂，所以是省力杠杆，D 不符合题意。 故答案为：B。 【分析】三种杠杆： (1)省力杠杆：动力臂大于阻力臂，平衡时动力小于阻力。特点是省力，但费距离。 （如剪铁剪刀，铡刀，起子） (2)费力杠杆：动力臂小于阻力臂，平衡时动力大于阻力。特点是费力，但省距离。 （如钓鱼杠，理发剪刀等） (3)等臂杠杆：动力臂等于阻力臂，平衡时动力等于阻力。特点是既不省力，也不费力。 （如：天平） 6关于物体是否有弹性，下列说法
6、中错误的是（ ） A拉长橡皮筋，松手后橡皮筋能自行恢复原状，说明橡皮筋具有弹性 B压缩弹簧，松手后弹簧能自行恢复原状，说明弹簧具有弹性 C双手抓住单杠，单杠略有弯曲，撤去力后单杠又恢复原状，表明单杠具有弹性 D缝衣服的棉线一拉就断，无法自行恢复原状，说明棉线没有弹性 【答案】D 【解析】【解答】A拉长橡皮筋，松手后橡皮筋能自行恢复原状，说明橡皮筋具有弹性，A 正确，不符合题意； B压缩弹簧，松手后弹簧能自行恢复原状，说明弹簧具有弹性，B 正确，不符合题意； C手抓住单杠，单杠略有弯曲，撤去力后单杠又恢复原状，表明单杠具有弹性，C 正确，不符合题意； D当拉棉线的力较小时，棉线会伸长，撤去力时棉
7、线会恢复原长，说明棉线有弹性，当用的力超过棉线所能承受的限度时，棉线被拉断，不等于棉线没有弹性，D 错误，符合题意。 故答案为：D。 【分析】物体在力的作用下发生的形状或体积改变叫做形变。在外力停止作用后，能够恢复原状的形变叫做弹性形变。发生弹性形变的物体，会对跟它接触且阻碍它恢复原来形状的物体产生力的作用。这种力叫弹力。即在弹性限度范围之内，物体由于发生弹性形变而受到的力叫做弹力。 7下面是小明对身边一些物体所受重力的估测，其中最接近实际的是（ ） A一本物理课本所受的重力约是 2N B一个鸡蛋所受的重力约是 50N C一张课桌所受的重力约是 8N D一支新铅笔所受的重力约是 20N 【答案
8、】A 【解析】【解答】A一本物理课本的质量约为 m=200g=0.2kg 故一本物理课本所受的重力约为 G=mg=0.2kg10N/kg=2N A 符合题意； B一个鸡蛋的质量约为 m=50g=0.05kg 故一个鸡蛋所受的重力约为 G=mg=0.05kg10N/kg=0.5N B 不符合题意； C一张课桌的质量约为 m=8kg，故一张课桌所受的重力约为 G=mg=8kg10N/kg=80N C 不符合题意； D一支新铅笔的质量约为 m=5g=0.005kg 故一支新铅笔所受的重力约为 G=mg=0.005kg10N/kg=0.05N D 不符合题意。 故答案为：A。 【分析】结合生活实际，估
9、测质量大小，再利用重力计算公式 G=mg 进行计算。 8质量较大的大雁与质量较小的燕子在空中飞行，飞行的高度和速度都相同，则（ ） A大雁的动能和重力势能都大于燕子 B大雁的动能和重力势能都小于燕子 C大雁和燕子的动能和重力势能都相同 D大雁的动能较大，重力势能较小 【答案】A 【解析】【解答】大雁和燕子飞行的高度、速度都相同，但大雁的质量较大，则大雁的动能和势能都大于燕子的，A 符合题意，BCD 不符合题意。 故答案为：A。 【分析】动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。注意分析能量转化时，就看什么
10、能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量。 9在下列生活和生产实例中，利用连通器原理工作的是（ ） A 用吸管喝饮料 B 离心式抽水机 C 船闸 D 注射器 【答案】C 【解析】【解答】A在吸饮料时，细管内的气压变小，外界大气压大于管内大气压，故饮料在外界大气压的作用下压入细管中，故是利用大气压强的原理工作的，A 不符合题意； B当装满水的水泵叶轮旋转后，其叶轮周围的空气变少，气压变小，外界大气压大于内部大气压，水在外界大气压的作用下被压入水泵内，故是利用大气压强的原理工作的，B 不符合题意； C船闸的原理是：先打开一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸；然后
11、把这一端的船闸关闭，打开另一端的船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等，船就可以开到另一端去，应用了连通器的原理，C 符合题意； D注射器在吸药水时，是利用外界大气压大于其内部的压强，故药水在外界大气压的作用下被压入注射器内部，D 不符合题意。 故答案为：C。 【分析】连通器是顶部开口，底部连通的容器，船闸是连通器。 10如图所示，几位同学利用滑轮设计了下列四种匀速提升同一重物的方法。不计动滑轮重和摩擦，其中最省力的是（ ） A B C D 【答案】C 【解析】【解答】A由图中可知，动滑轮上有两股绳子承重，故绳子自由端的拉力 F 等于物重 G 的二分之一； B由图中可知，该滑轮为定滑轮，故此时绳子的
12、拉力 F 等于物重 G； C由图中可知，此时动滑轮上有三股绳子承重，故此时绳子自由端的拉力 F 等于物重 G 的三分之一； D由图中可知，此时动滑轮上有两股绳子承重，故此时绳子自由端的拉力 F 等于物重 G 的二分之一。 由以上分析可知，C 中绳子拉力最小，即 C 中最省力。 故答案为：C。 【分析】使用滑轮组时，有几段绳子承担动滑轮和物体的重，拉力就是重力的几分之一，因此承担动滑轮和物体的重的绳子段数越多越省力。 112021 年 4 月 29 日，搭载空间站天和核心舱的长征五号 B 遥二运载火箭，在海南文昌航天发射场点火升空，成功将天和核心舱送入预定轨道，中国天宫空间站在轨组装建造全面展开
13、。天宫空间站在预定轨道绕地球运行时（ ） A质量变为 0 B重力变为 0 C不受任何力作用 D具有惯性 【答案】D 【解析】【解答】A物体的质量与组成的物质的多少有关，与物体所处的空间变化无关，所以在预定轨道上天宫空间站的质量不为 0，A 不符合题意； BC在轨道上运行的空间站受到地球引力的作用，其重力不为 0，且其他天体对空间站也有吸引力的作用，BC 不符合题意； D惯性是物体的一种属性，与物体的质量有关，所以在轨道运行的空间站仍具有惯性，D 符合题意。 故答案为：D。 【分析】质量是物质的一种属性，只与所含物质的多少有关，与物体的位置、状态、形状、温度无关。 地球附近的一切物体都受到地球对
14、其的吸引力，即重力； 力是改变物体运动状态的原因。 惯性是一切物体的固有属性，一切物体在任何情况下都具有惯性；物体的惯性取决于物体的质量，与物体速度无关。 12下列物体中处于平衡状态的是（ ） A在平直路面上匀速直线行驶的汽车 B正在减速进站的火车 C正在从空中降落到机场跑道上的飞机 D发射时正在加速上升的火箭 【答案】A 【解析】【解答】A在平直路面上匀速直线行驶的汽车运动状态不变，故处于平衡状态，A 符合题意； B正在减速进站的火车速度变小，运动状态发生改变，故处于非平衡状态，B 不符合题意； C正在从空中降落到机场跑道上的飞机速度变小，运动状态发生改变，故处于非平衡状态，C 不符合题意；
15、 D发射时正在加速上升的火箭度变大，运动状态发生改变，故处于非平衡状态，D 不符合题意。 故答案为：A。 【分析】物体平衡状态：物体受到几个力作用时，如果保持静止状态或匀速直线运动状态，我们就说这几个力平衡。 13甲、乙、丙、丁是四个体积、形状相同而材质不同的球，把它们投入水中静止后的情况如图所示，下列判断正确的是（ ） A四个球的密度一样大 B四个球所受浮力一样大 C丁球所受浮力大于其它三个球 D甲球所受浮力最小 【答案】D 【解析】【解答】A由图中可知，四个球在水中的浮沉状态不同，故由物体的浮沉条件可知，四个球的密度不同，A 不符合题意； B由图中可知，四个球排开水的体积关系为 故由可知，
16、四个球所受浮力大小的关系为B 不符合题意； C由 B 中分析可知，丁球所受浮力等于丙球所受浮力，C 不符合题意； D由 B 中分析可知，甲球所受浮力最小，D 符合题意。 故答案为：D。 【分析】根据物体的浮沉条件分析球的密度的大小关系；由题知，四个小球的体积相同，根据图示得出四个小球排开水的体积的大小关系，根据阿基米德原理得出受到的浮力的大小关系。 14水平地面上有一重 4N 的球，小孩用 16N 的力踢球，球离脚后在地面上滚动了 6m，那么小孩对球做的功是（ ） A0J B24J C96J D不能确定 【答案】D 【解析】【解答】由 W=Fs 可知，物体做功的大小与物体受力的大小和在力作用下
17、通过的距离有关，用 16N 的力踢球时，因不知道球离脚前在力的作用下运动的距离，故无法计算小孩对球做的功，ABC 不符合题意，D 符合题意。 故答案为：D。 【分析】功的两个必要因素：一是作用在物体上的力；二 是物体在力的方向上通过的距离。 15如图所示，在光滑的水平台面上，一轻质弹簧左端固定，右端连接一金属小球，O 点是弹簧保持原长时小球的位置。压缩弹簧使小球至 A 位置，然后释放小球，小球就在 AB 间做往复运动。小球从 A 位置运动到 B 位置的过程中，下列判断正确的是（ ） A从 A 到 O，小球的动能减小，弹簧的弹性势能增大 B在 O 位置，弹簧的弹性势能最大 C从 O 到 B，小球
18、的动能转化为弹簧的弹性势能 D在 B 位置，小球的动能最大 【答案】C 【解析】【解答】A由受力分析可知，从 A 到 O，小球在弹簧弹力的作用下向右做加速运动，弹簧的形变量逐渐减小，故小球的速度增大，动能增大，弹簧的弹性势能减小，A 不符合题意； B由题意可知，在 O 位置，弹簧保持原长，形变量为零，故此时弹簧的弹性势能最小，B 不符合题意； C从 O 到 B，弹簧的形变量逐渐增大，弹性势能增大，小球在弹簧的弹力作用下做减速运动，速度减小，动能减小，故小球的动能转化为弹簧的弹性势能，C 符合题意； D由 C 中分析可知，从 O 到 B，小球做减速运动，在 B 位置，小球的速度最小，故动能最小，
19、D不符合题意。 故答案为：C。 【分析】动能的大小与物体的质量、速度有关，即质量越大，速度越大，物体的动能越大。 弹性势能的大小与物体的弹性形变程度有关，弹性形变程度越大，弹性势能越大。 水平台面光滑，说明没有机械能转化为内能，整个系统的机械能守恒。 16有两根相同的缠有铜丝的木棒，将它们分别放入装有不同液体的两个烧杯中，会竖直立在液体中，且静止时液面相平，如图所示。下列说法正确的是（ ） A容器底部受到液体的压强 p甲=p乙 B木棒在甲、乙中排开液体的质量 m甲=m乙 C木棒在液体中受到的浮力 F甲乙 【答案】B 【解析】【解答】A因木棒在液体中均漂浮，故由二力平衡可知，木棒所受浮力等于所受
20、重力，因两木棒相同，故可知两木棒所受浮力相等，由图中可知，木棒排开甲中液体的体积大于排开乙中液体的体积，故由 F浮=液gV排可知，甲液体的密度小于乙液体的密度，且两液体的液面高度相同，故由 p=gh 可知，容器底部受到液体的压强关系为 p甲铝 水煤油） 【答案】甲；铝 【解析】【解答】解： （1）同样重的两个铜块甲和乙，则根据 G=mg=Vg 可知甲和乙体积相同；甲浸没在水中，乙浸没在煤油中，排开液体的体积相同，由于 煤油水，根据 F浮=液gV排可知甲受到的浮力大； （2）同样重的铝块和铜块，由于 铝铜，根据 G=mg=Vg 可知铝块体积大，都浸没在煤油中，铝排开煤油的体积大，根据 F浮=液g
21、V排可知：铝块受到的浮力大 故答案为：甲；铝 【分析】影响浮力大小的因素：物体所受浮力的大小既与物体排开液体的体积有关，又与排开液体的密度有关，分析物体所受浮力的大小时应用控制变量法 20在平直路面上，一个人沿水平方向用 50N 的力推一辆质量为 60kg 的小车匀速向西运动。路面对小车的支持力为 N，小车受到的阻力为 N，方向向 。 【答案】600；50；东 【解析】【解答】对小车受力分析可知，小车在竖直方向上受到向下的重力 G 和向上的路面的支持力F支，因小车受力平衡，故路面对小车的支持力为 F支=G=mg=60kg10N/kg=600N 小车在水平方向上受到向西的推力 F 和向东的阻力
22、f，因小车受力平衡，故小车受到的阻力为f=F=50N 方向与推力方向相反，向东。 【分析】二力平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，根据二力平衡条件进行解答。 21一台起重机将重 3600N 的货物提高 4m，起重机做的有用功是 J。如果额外功是9600J，总功是 J，机械效率是 %。 【答案】14400；24000；60 【解析】【解答】起重机提升货物时所做的有用功 W有=Gh=3 600 N4 m=14 400 J 总功 W总=W有W额=14 400 J9 600 J=24 000 J 起重机的机械效率 =100%=100%=60% 【分析】根据公式 W
23、=Gh 可求起重机做的有用功；利用 W总=W有W额求得总功；再利用 =100%求得机械效率。 22小明利用图所示的自制气压计研究大气压与高度的关系。他将气压计从 1 楼带到 5 楼的过程中，观察到管内水柱的高度发生了变化，如下表所示。根据表中的数据可知，在 4 楼，瓶内气体压强比瓶外气压 （选填“高”或“低”） Pa；从 1 楼到 5 楼，大气压降低了 Pa。 （水的密度为 1.0103kg/m3） 楼层 1 2 3 4 5 管内与瓶内水面的高度差/cm 5.0 5.3 5.7 6.0 6.3 【答案】高；600；130 【解析】【解答】从 1 楼到 4 楼，海拔高度升高，而大气压随海拔高度的
24、增高而降低，那么瓶外大压在 4 楼比在 1 楼的小，而整个过程中，瓶内空气的气压等于瓶外大气压和液柱产生的压强之和，瓶内气压不变，所以在 4 楼瓶内气体压强高于瓶外的气压。 由表格数据知，在 4 楼时，管内与瓶内水面的高度差为 6cm，即瓶内外气体压强差p=gh=1.0103kg/m310N/kg0.06m=600Pa 从 1 楼到 5 楼，大气压的变化量p1=gh=1.0103kg/m310N/kg(0.063m-0.05m)=130Pa 【分析】大气压强与高度有关，高度越高大气压强越小；根据气压计的原理：p内=p外+p液知，p内-p外=p液，即瓶子内外压强差等于液柱压强，再利用 p液=液g
25、h 求出；由前面公式知，降低的大气压就是增大的液体压强。 三、作图题三、作图题 23 （1）一位同学沿水平方向用 75N 的力推箱子，请在图 8 中画出这个力的示意图； （2）俯卧撑是一项常见的健身项目。图是小丽同学做俯卧撑时的示意图。她的身体可视为杠杆，O 点为支点，A 点为重心。请在图中画出重力 G 的力臂 l2和地面对手的支持力 F 的力臂 l1。 【答案】（1）解：如图所示： （2）解：如图所示： 【解析】【解答】 （1）同学对箱子的推力作用在接触点上，方向水平向右，大小为 75N，所以作图如下： （2）过 O 作重力 G 的作用线的垂线段，即为力臂 l2，过 O 作支持力 F 的作用
26、线的反向延长线的垂线段，此为力臂 l1，所以作图如下： 【分析】 （1）力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小、箭头表示力的方向、线段起点或终点表示力的作用点。 （2）力臂是指从支点到力的作用线的垂直距离，过支点分别作出重力和作支持力的作用线的垂线段即为力臂。 四、简答题四、简答题 24如图，在火车站或地铁站，离站台边缘一定距离的地方标有一条安全线，人必须站在安全线以外的区域候车.请分析，为什么当列车驶过时，如果人站在安全线以内，即使与车辆保持一定的距离，也是非常危险的. 【答案】解：当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人
27、周围空气流速不同，流速大的地方压强小，流速慢的地方压强大，人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险 【解析】【分析】流体压强大小与流速关系：在流体中流速越大地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。 五、实验题五、实验题 25如图所示是“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验装置，实验中让钢球 A 从斜槽上高度 h 由静止开始沿斜槽滚下，在底部与静止在水平面上的木块 B 发生碰撞，木块 B 沿水平面向右运动直至停止。 （1）实验中是通过观察木块 B 移动的 来判断钢球的动能大小。 （2）让同一钢球 A 从斜槽的不同高度 h 由静止开始滚下，实
28、验表明，高度 h 越高，钢球运动到水平面时速度越 ，木块 B 被撞得越远。所以质量相同时，钢球的速度越大，动能越 。 （3）换用质量不同的钢球从斜槽的相同高度由静止开始滚下，实验表明，速度相同时，质量越 的钢球将木块 B 撞得越远。所以，钢球的速度相同时，质量越大，动能越 。 （4）如果木块在运动过程中所受的阻力为 0，木块将一直做 运动。 【答案】（1）距离远近 （2）大；大 （3）大；大 （4）匀速直线 【解析】【解答】 （1）实验中，钢球滚下后撞击木块 B，通过观察木块 B 移动的距离远近来判断钢球的动能大小。 （2）钢球 A 释放的高度 h 越高，重力对钢球 A 做功越多，故钢球运动到
29、水平面时速度越大，木块B 被撞击得越远，故质量相同时，钢球的速度越大，动能越大。 （3）用质量不同的钢球从斜槽的相同高度由静止开始滚下，钢球撞击木块的速度相同，而质量越大的钢球将木块 B 撞击得越远，故钢球的速度相同时，质量越大，动能越大。 （4）如果木块在运动过程中所受的阻力为 0，则由牛顿第一运动定律可知，木块的速度不会减小，将一直做匀速直线运动。 【分析】 （1）在实验中通过观察木块被撞击的距离判断动能的大小，用到了转换法。 （2）在探究动能和速度的关系时，控制质量不变。 （3）在探究动能和质量的关系时，控制速度不变。 （4）物体受平衡力，物体处于平衡状态，将保持静止或匀速直线运动状态。
30、 26小明利用图甲、乙所示的实验装置做“测量滑轮组的机械效率”的实验，实验数据如下表所示。 实验次数 钩码重 G/N 钩码上升高度 h/m 绳端拉力 F/N 绳端移动距离 s/m 机械效率 1 4 0.1 1.8 0.3 74.1% 2 4 0.1 1.6 0.4 62.5% 3 6 0.1 2.4 （1）实验中应沿 （选填“水平”“竖直”或“任意”）方向 拉动弹簧测力计，使钩码上升； （2）通过表中数据可分析出第 2 次实验是用图 （选填“甲”或“乙”）所示装置做的实验。通过分析第 1、2 两次实验数据可得出结论：使用不同的滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多（动滑轮的质量越大） ，滑轮
31、组的机械效率 （选填“越高”“越低”或“不变”） ； （3）小明再用第 1 次实验中使用的装置做第 3 次实验，表中第 3 次实验中空缺的数据应为：绳端移动距离 s= m，机械效率 = 。比较第 1、3 两次实验可得出结论：使用同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组的机械效率越 。 【答案】（1）竖直；匀速 （2）乙；越低 （3）0.3；83.3%；高 【解析】【解答】 （1）在实验中应沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，以便使滑轮组处于平衡状态。 （2）由图示知，第 2 次实验中，钩码上升高度为 0.1m，绳端移动的距离为 0.4m，即 s1=4h1 那么滑轮组承重绳子为 4 根，所以是用图乙来进行实验
32、的。 由表格数据知，第 1 次的机械效率比第 2 次的大，而两次使用不同的滑轮组提升的重物相同，且第 1次所用滑轮组的动滑轮个数为 1 个，第 2 次所用滑轮组的动滑轮个数为 2 个，所以可得：使用不同滑轮组提升相同的重物时，动滑轮的个数越多，滑轮组的机械效率越低。 （3）第 1、3 次实验中，使用相同的滑轮组将钩码提升相同的高度，则绳端移动的距离也相同，所以 s=0.3m。 第 3 次实验的机械效率 比较 1、3 两次实验可得：使用同一滑轮组提升的物体越重，滑轮组的机械效率越高。 【分析】 （1）要正确测量拉力，需竖直向上匀速拉动测力计。 （2）根据物体升高的距离和绳子自由端移动的距离，判断
33、承担物体和动滑轮绳子的段数。通过绳子的段数进行判断。 （3）在不考虑绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率跟提起的物重、动滑轮的重有关，在提起的物重一定时，动滑轮越重，机械效率越低；在动滑轮重相同时，提起的物体越重，机械效率越高。 （4）根据 s=nh 得出 s 的大小；由公式得出机械效率。 （5）比较实验 1 和 3 的条件和机械效率大小，可得出提升物体的重力大小对滑轮组机械效率的影响。 27图是小丽在“探究同一物体所受的浮力大小与哪些因素有关”的实验过程。图甲、乙、丙容器中装的液体是水，图丁容器中装的液体是酒精，四个图中弹簧测力计下面用细线吊着的是同一物体A，F1、F2、F3、F4分别是图甲、乙、
34、丙、丁中弹簧测力计的示数。请回答下列问题： （1）图甲中，弹簧测力计的示数 F1= N。图丙中，物体完全浸没在水中时所受的浮力为 N； （2）分析图乙、丙两图实验数据可得结论：物体所受的浮力大小与 有关；分析图 两图实验数据可得结论：物体所受的浮力大小与液体密度有关； （3）水的密度为 1.0103kg/m3，由以上实验数据可计算出：物体 A 的体积为 m3，密度为 kg/m3；图丁中酒精的密度为 kg/m3。 【答案】（1）4.9；2 （2）物体排开液体的体积；丙、丁 （3）210-4；2.45103；800 【解析】【解答】 （1）由图甲知，弹簧测力计的分度值为 0.1N，其示数为 4.9
35、N。 图丙中，物体浸没在水中时挖到的浮力 F浮=F1-F3=4.9N-2.9N=2.0N （2）图乙中，物体 A 部分浸入水中，图乙中，物体 A 完全浸没水中，那么两次物体排开水的体积不同，而弹簧测力计的示数也不同，即物体两次所受的浮力不同，所以可以得出：物体所受的浮力与物体排开液体的体积有关。 在图丙和图丁中，物体 A 分别浸没在水和盐水中，测力计的示数不同，即物体 A 两次所受的浮力不同，所以：物体所受的浮力大小与液体密度有关。 （3）由图丙知，物体浸没在水中时，排开水的体积等于物体 A 的体积，据阿基米德原理有 物体 A 的质量 物体 A 的密度 图丁中，物体 A 浸没在酒精中所受的浮力
36、 F浮1=F1-F4=4.9N-3.3N=1.6N 据阿基米德原理知，酒精的密度 【分析】 （1）根据测力计分度值得出测力计示数，即物体的重力；根据甲丙图，由称重法测浮力求出物体完全浸没在水中时所受的浮力。 （2）物体受到的浮力大小与物体排开液体的密度和体积有关，研究浮力大小与其中一个因素的关系时，要控制另一个因素不变，据此分析。 （3）根据公式 F浮=液gV排可求 V排的大小；根据 F浮=G-F 计算出在水中和酒精中受到的浮力，浸没时排开液体的体积等于物体的体积，根据 V=V排=计算出物体的体积，根据密度公式算出物体的密度，根据 液=计算出酒精的密度。 六、计算题六、计算题 28如图所示，一
37、轻质杠杆支在支架上水平平衡，OA=20cm，OC=10cm，物体 G1是一个底面积为25cm2、重为 60N 的正方体，G2重为 20N。不计绳重，求： （1）A 端绳子的拉力。 （2）物体 G1对地面的压强。 【答案】（1）解：由杠杆的平衡条件 F1l1=F2l2得，A 端绳子的拉力为 答：A 端绳子的拉力为 10N； （2）解：对物体 G1受力分析可知，物体 G1受到向下的重力 G1，向上的绳子拉力 F1和向上的地面支持力 F支，因物体 G1受力平衡，故地面对物体 G1的支持力为 F支=G1F1=60N10N=50N 又因地面对物体 G1的支持力与物体 G1对地面的压力是一对相互作用力，大
38、小相等，故物体 G1对地面的压力为 F=F支= 50N 故 G1对地面的压强为 答：物体 G1对地面的压强为 2104Pa。 【解析】【分析】 （1）由杠杆平衡条件求出 A 端绳子的拉力。 （2）利用 F压=F支=GA-FA得出物体 G1对地面的压力，利用 p=得出物体对地面的压强。 29农民用功率为 15kW 的水泵抽水灌溉农田，水泵在 1h 内把 400m3的河水抽到 8m 高的水渠中。水的密度为 1.0103kg/m3，求： （1）水泵 1h 内抽水的质量； （2）水泵抽水 1h 对河水做的功； （3）水泵抽水的机械效率。 【答案】（1）解：由 =，水泵 1h 内抽水的质量为 m=V=1
39、.0103kg/m3400m3=4105kg 答：水泵 1h 内抽水的质量为 4105kg； （2）解：水泵抽水 1h 对河水做的功为 W有=Gh=mgh=4105kg10N/kg8m=3.2107J 答：水泵抽水 1h 对河水做的功为 3.2107J； （3）解：由 P=，水泵做的总功为 W总=Pt=15103W13600s=5.4107J 水泵抽水的机械效率为 =59.3% 答：水泵抽水的机械效率为 59.3%。 【解析】【分析】 （1）由密度公式 =变形可求得水的质量。 （2）由 G=mg 可求得水的重力，由 W有用=Gh 可求得水泵抽水 1h 对河水做的功。 （3）由 P=公式变形可求
40、得消耗电能，由 =100%可求得水泵抽水的机械效率。 30如图是一个用圆柱体浮筒、灯泡和收放线装置 A 制作的航标灯示意图，细线下端固定在航标站底部，航标灯总质量为 80kg。当水位上升时，A 放线；水位下降时，A 收线，从而使细线的拉力保持不变。航标灯静止时浸入水中的深度 h 始终为 2m，排开水的体积始终为 0.1m3。当航标灯静止时，求： （1）航标灯受到的重力。 （2）航标灯下表面受到水的压强。 （3）若剪断细线，航标灯再次静止时浸入水中的深度比未剪断前改变了多少。 【答案】（1）解：由题意可知，航标灯受到的重力为 G=mg=80kg10N/kg=800N 答：航标灯受到的重力为 80
41、0N （2）解：因航标灯浸入水中的深度为 h=2m，故航标灯下表面受到水的压强为p=gh=1.0103kg/m310N/kg2m=2104Pa 答：航标灯下表面受到水的压强为 2104Pa； （3）解：由题意可知，航标灯的横截面积为 剪断细线后，航标灯漂浮，静止时受到的浮力为 F浮=G=800N 故由 F浮 =V排g 可得，此时航标灯排开水的体积为 此时航标灯浸入水中的深度为 故剪断细线后航标灯再次静止时浸入水中的深度比未剪断前减少了 答：剪断细线，航标灯再次静止时浸入水中的深度比未剪断前改变了 0.4m。 【解析】【分析】 （1）利用 G=mg 求其受到的重力。 （2）利用 p=gh 求受到水的压强。 （3）利用阿基米德原理求未剪断细线受到的浮力，因为此时受到的浮力大于重力，所以剪断细线后，航标灯将上浮一些、最后漂浮，静止时受到的浮力等于航标灯的重力；利用阿基米德原理求此时排开水的体积，再利用 V=Sh 求此时浸入的深度，进而求出浸入深度变化量。
