辽宁省辽阳市2022届高考数学二模试卷及答案.docx

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1、 高考数学二模试卷一、单选题1已知集合 A=x|x5 , B=x|x1 ,则 AB= () Ax|5x5Cx|0x1Dx|0x12下列四个抛物线中,开口朝下且焦点到准线的距离为5的是() Ay2=10xBx2=10yCy2=5xDx2=5y3为了解某地高三学生的期末语文考试成绩,研究人员随机抽取了100名学生对其进行调查,根据所得数据制成如图所示的频率分布直方图,已知不低于90分为及格,则这100名学生期末语文成绩的及格率为() A40%B50%C60%D65%4函数 f(x)=xlg(x2+1)+2x 的部分图象大致为() ABCD5在四棱锥 PABCD 中,底面 ABCD 是矩形, PA

2、底面 ABCD ,且 PA=AB , AD=3AB ,则 PC 与底面 ABCD 所成角的正切值为() A13B3C1010D106如图,已知 A , B 两地相距600m,在 A 地听到炮弹爆炸声比在 B 地早1s,且声速为340m/s.以线段 AB 的中点为坐标原点, AB 的方向为 x 轴的正方向建立平面直角坐标系 xOy ,则炮弹爆炸点的轨迹方程为() Ax228900y261000=1(x0)Bx228900y261100=1(x0)Dx228900y261100=1(x0)7设函数 f(x)=xsinx+cosx ,则下列不是函数 f(x) 极大值点的是() A2B52C2D328

3、区块链作为一种新型的技术,被应用于许多领域.在区块链技术中,某个密码的长度设定为512B,则密码一共有 2512 种可能,为了破解该密码,在最坏的情况下,需要进行 2512 次运算.现在有一台计算机,每秒能进行 2.51014 次运算,那么在最坏的情况下,这台计算机破译该密码所需的时间大约为(参考数据 lg20.3 , 5101.58 )() A3.1610139sB1.5810139sC1.5810140sD3.1610140s二、多选题9已知复数 z1=13i , z2=3+i ,则() A|z1+z2|=6Bz1z2=2+2iCz1z2=68iDz1z2 在复平面内对应的点位于第四象限1

4、0已知 a0 , b0 ,且 2a+b=4 ,则() A2ab14Blog2a+log2b1C2a+b22D4a+12b25811已知 0 ,函数 f(x)=sin(x6) 在 6,3 上单调递增,且对任意 x8,4 ,都有 f(x)0 ,则 的取值可以为() A1B43C53D212在正方体ABCDA1B1C1D1中,点E为线段B1D1上的动点,则()A直线DE与直线AC所成角为定值B点E到直线AB的距离为定值C三棱锥EA1BD的体积为定值D三棱锥EA1BD外接球的体积为定值三、填空题13若点 P , Q 分别圆 C : x2+y2=1 与圆 D : (x7)2+y2=4 上一点,则 |PQ

5、| 的最小值为 . 14某话剧社计划不在今年7月1日演出一部红色话剧,导演已经选好了该话剧的9个角色的演员,还有4个角色的演员待定,导演要从8名男话剧演员中选3名,从5名女话剧演员中选1名,则导演的不同选择共有 种.15已知向量 OA=(sin(+4),6) , OB=(sin(+34),1) , OA/OB ,则 tan2= . 16“物不知数”是中国古代著名算题,原载于孙子算经卷下第二十六题:“今有物不知其数,三三数之剩二;五五数之剩三;七七数之剩二.问物几何?”它的系统解法是秦九韶在数书九章大衍求一术中给出的.大衍求一术(也称作“中国剩余定理”)是中国古算中最有独创性的成就之一,属现代数

6、论中的一次同余式组问题,已知问题中,一个数被3除余2,被5除余3,被7除余2,则在不超过4200的正整数中,所有满足条件的数的和为 .四、解答题17在 ABC 中,内角 A , B , C 所对的边分别为 a , b , c ,且 cosB=acb2c (1)求C;(2)若 c=2a ,求 sinB 182nan 为等差数列,且 a3=58 ;an2n1 为等比数列,且 a2=34 .从两个条件中任选一个,补充在下面的问题中,并解答 在数列 an 中, a1=12 ,_.(1)求 an 的通项公式; (2)已知 an 的前n项和为 Sn ,试问是否存在正整数p,q,r,使得 Sn=pqan+r

7、 ?若存在,求p,q,r的值;若不存在,说明理由. 19某大学为了鼓励大学生自主创业,举办了“校园创业知识竞赛”,该竞赛决赛局有A、B两类知识竞答挑战,规则为进入决赛的选手要先从A、B两类知识中选择一类进行挑战,挑战成功才有对剩下的一类知识挑战的机会,挑战失败则竞赛结束,第二类挑战结束后,无论结果如何,竞赛都结束.A、B两类知识挑战成功分别可获得2万元和5万元创业奖金,第一类挑战失败,可得到2000元激励奖金.已知甲同学成功晋级决赛,面对A、B两类知识的挑战成功率分别为0.6、0.4,且挑战是否成功与挑战次序无关.(1)若记X为甲同学优先挑战A类知识所获奖金的累计总额(单位:元),写出X的分布

8、列;(2)为了使甲同学可获得的奖金累计总额期望更大,请帮甲同学制定挑战方案,并给出理由.20如图,在四棱锥 OABCD 中, E 是 BC 的中点, OAD 是等边三角形,底面 ABCD 为菱形, AD=2 , DAB=60(1)若 OB=6 ,证明:平面 ODE 平面 OAD . (2)若二面角 OADB 的大小为 120 ,求二面角 ABDO 的余弦值 21已知椭圆 T : x2a2+y2b2=1(ab0) 的左焦点为 F(c,0) ,上顶点为 P .直线 PF 与椭圆 T 交于另一点 Q ,且 |PF|=7|FQ| ,点 E(3,12) 在椭圆 T 上.(1)求椭圆 T 的方程.(2)过

9、点 M(0,2) ,且斜率为 k 的直线 l 与椭圆 T 相交于 A , B 两点,点 A 关于 y 轴的对称点为 A ,作 MNAB ,垂足为 N .是否存在定点 R ,使得 |NR| 为定值?若存在,求出定点 R 的坐标;若不存在,说明理由.22已知函数 f(x)=ex1ax(x1)lnx ,曲线 y=f(x) 在 (1,f(1) 处的切线与直线 2x+y1=0 垂直. (1)求 a 的值. (2)证明:当 x(1,+) 时, f(x)a . 答案解析部分1【答案】C2【答案】B3【答案】C4【答案】A5【答案】C6【答案】B7【答案】D8【答案】B9【答案】B,C,D10【答案】B,D1

10、1【答案】B,C,D12【答案】A,C13【答案】414【答案】28015【答案】351216【答案】8282017【答案】(1)解:因为 cosB=acb2c , 即 2ccosB=2ab ,由正弦定理可得 2sinCcosB=2sinAsinB ,又 sinA=sin(B+C)=sin(B+C) ,即 2sinCcosB=2sin(B+C)sinB ,所以 2sinCcosB=2sinBcosC+2cosBsinCsinB ,即 2sinBcosC=sinB ,因为 sinB0 ,所以 cosC=12 ,又 C(0,) ,所以 C=3(2)解:因为 c=2a ,所以 sinA=12sinC

11、=1232=34 , 因为 ca ,所以 cosA=1sin2A=134 ,所以 sinB=sin(A+C)=sinAcosC+cosAsinC=3412+13432=3+39818【答案】(1)解:若选: 设等差数列 2nan 的公差为d,则 d=23a32a131=512=2 ,2nan=2a1+2(n1)=2n1 ,即 an=2n12n 若选:设等比数列 an2n1 的公比为q,则 q=a2221a1211=12 ,an2n1=a1211(12)n1=(12)n ,即 an=2n12n ;(2)解: Sn=12+322+2n12n , 12Sn=122+323+2n12n+1 ,则两式相

12、减得,12Sn=12+2(122+123+12n)2n12n+112Sn=12+2(1412n+1)1122n12n+112Sn=322n+32n+1 ,Sn=32n+32n Sn=32n+32n=342(n+2)12n+2=34an+2 ,存在正整数p,q,r,使得 Sn=pqan+r ,且 p=3 , q=4 , r=2 19【答案】(1)解:由题意可知,X的可能取值有2000、20000、70000,P(X=2000)=10.6=0.4,P(X=20000)=0.6(10.4)=0.36,P(X=70000)=0.60.4=0.24,所以,随机变量X的分布列如下表所示:X20002000

13、070000P0.40.360.24(2)解:记Y为甲同学优先挑战B类知识所获奖金累计总额,甲同学优先挑战A类知识所获奖金累计总额的期望为E(X),优先挑战B类知识所获奖金累计总额的期望为E(Y),由题意可知,随机变量Y的可能取值有:2000、50000、70000,则P(Y=2000)=10.4=0.6,P(Y=50000)=0.4(10.6)=0.16,P(Y=70000)=0.40.6=0.24,所以,E(Y)=20000.6+500000.16+700000.24=26000(元),E(X)=20000.4+200000.36+700000.24=24800(元),所以,E(X)0 ,

14、则 x1+x2=16k4k2+1 , x1x2=124k2+1 ,直线 AB 的方程为 yy1=y2y1x2+x1(x+x1) ,整理 (y1y2)x+(x2+x1)y=x1y2+x2y1 .又 x1y2+x2y1=x1(kx2+2)+x2(kx1+2)=2kx1x2+2(x1+x2)=8k4k2+1 ,令 x=0 ,得 y=x1y2+x2y1x1+x2=12 ,所以 AB 恒过定点 G(0,12) ,故在 RtMGN 中,存在定点 R(0,54) 为斜边 MG 的中点,使得 |NR|=12|MG|=34 ,为定值.22【答案】(1)解:由题可知 f(x)=ex1alnxx1x ,则 f(1)

15、=1a因为曲线 y=f(x) 在 (1,f(1) 处的切线与直线 2x+y1=0 垂直,所以 1a=12 ,解得 a=12 .(2)证明:由(1)知,欲证当 x(1,+) 时, f(x)a , 即证当 x(1,+) 时, ex112x(x1)lnx12 ,等价于 x(1,) , ex112(x+1)(x1)lnx0 恒成立;设 (x)=lnx(x1) , x(1,+) ,则 (x)=1x1=1xx ,当 x(1,+) 时, (x)0 , (x) 单调递减,则 (x)(1)=0 ,即 lnx1 时, (x1)lnx(x1)2 ,所以 ex112(x+1)(x1)2ex112(x+1)(x1)ln

16、x ;令 F(x)=ex112(x+1)(x1)2 , x(1,+) ,其中 F(1)=0则 F(x)=ex12x+32 , x(1,+) ,令 t(x)=ex12x+32 ,则 t(x)=ex12 ,令 t(x)=0 ,得 x=1+ln2当 x(1,1+ln2) 时, t(x)0 , F(x) 单调递增,F(x)min=F(1+ln2)=322ln2=lne3ln162因为 e316 ,所以 F(x)min0 ,所以 F(x)0 在 (1,+) 上恒成立,则 F(x) 在 (1,+) 上单调递增,所以 F(x)F(1)=0 ,综上所述, x1 时, ex112(x+1)(x1)lnxex112(x+1)(x1)20 ;故当 x(1,+) 时, f(x)a .

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