1、2019-2020学年安徽省沿淮教育联盟九年级（上）期末物理试卷一、填空题1.父亲节那天，小明给父亲启啤酒时，发现瓶口出现“白雾”，这是瓶内的气体冲出时，内能转化为_能，使气体的内能减小，温度降低，水蒸气液化而产生的现象这个现象说明_可以改变物体的内能【答案】 (1). 机械 (2). 做功【解析】【详解】启啤酒时，瓶子内气体对瓶盖做功，内能转化为机械能，内能减小，温度降低，水蒸气液化成“白雾”，这个现象说明做功可改变物体的内能2.物理学中规定_定向移动的方向为电流的方向：对人体的安全电压是指_V的电压：使用测电笔来辨别火线和零线时，若测电笔的氖管发光，表明笔尖接触的是_。【答案】 (1).
2、正电荷 (2). 不高于36 (3). 火线【解析】【详解】1物理学中规定：正电荷定向移动方向为电流方向；2对人体安全的电压是不高于36V；3使用测电笔辨别火线和零线时，用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，氖管发光，表明检测的是火线。【点睛】本题考查了学生对电流方向的规定和人体安全电压、测电笔使用的理解与掌握，是一道基础题目。3.德国物理学家欧姆最先通过实验归纳出一段导体中电流跟电压、电阻之间定量关系，即：一段导体中的电流，跟这段导体两端的电压成_，跟这段导体的电阻成反比。【答案】正比【解析】【详解】欧姆定律的内容：一段导体中的电流，跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比。【点睛】本
3、题考查了欧姆定律的内容，属于基础题目。4.现在有“6V 3W”的L1和“12V 3W”的L2两只小灯泡串联后接在电路中使用时，通过两灯的电流之比I1：I2_，两灯消耗的实际功率之比P1：P2_，为了使电路能安全使用，电路两端允许加的最大电压为_V。【答案】 (1). 1:1 (2). 1:4 (3). 15【解析】【详解】1因为两灯串联，所以通过两灯的电流之比I1:I21:1，2L1的电阻R112；L2的电阻R248；两灯消耗的实际功率之比=；2 L1的额定电流=0.5A；L2的额定电流=0.25A；当电路能安全使用时，电路中的电流最大只能选两只灯泡中额定电流最小的，即0.25A，所以电路两端
4、允许加的最大电压为U大I额2（R1+R2）0.25A（12+48）15V。【点睛】本题考查电流、电阻、电功率、电压等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道两灯串联时电路中的最大电流只能是两灯额定电流最小的那一个，还要知道串联电路电流的规律。5.电炉丝烧得发红，而跟电炉丝相连的导线却不怎么热，这是因为在_一定时，电流通过导体产生的热量跟导体的电阻成_比。【答案】 (1). 电流和通电时间 (2). 正【解析】【详解】12电炉丝的电阻远大于导线的电阻，即R电炉丝远大于R导线，电炉丝在使用时，电炉丝和导线串联，根据串联电路各处的电流相等，I电炉丝I导线，而通电时间t也相同，根据焦耳定律QI
5、2Rt，在电流和通电时间一定时，电流通过导体产生的热量跟导体的电阻成正比，故电炉丝产生的热量远大导线，电炉丝烧得发红，而跟电炉丝相连的导线却不怎么热。【点睛】本题结合实际考查串联电路的规律及焦耳定律的运用，关键是明确电炉丝和导线串联。6.某型号电饭煲有加热和保温功能，如下图甲所示为其内部电路原理图，当开关S接触点1时，该电饭煲处于_（填“保温”或“加热”）状态如图乙是该电饭煲工作时电功率与时间的关系图像，则图中阴影部分面积表示的物理量是_，其大小为_【答案】 (1). 加热 (2). 电热（电功） (3). 48105J【解析】【详解】当开关S接触点1时，电路中只有电阻R1，由P=U2/R可知
6、，电路的电功率较大，故电饭煲处于加热状态图乙是电功率与时间的关系图像，阴影部分面积表示电功率与时间的乘积，因W=Pt，所以表示的物理量是电功其大小W=Pt=800W1060s=48105J7.在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R10.6欧，移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为2安时，滑动变阻器的电功率为3.6瓦，当电流表的示数为3安时，滑动变阻器的电功率为_。【答案】3.6W【解析】【详解】当电流为I12A时，电源电压为UI1R1+，即：U2A0.6+当电流为I23A时，设滑动变阻器的功率为Px，电源电压为UI2R1+，即U3A0.6+2A0.6+3A0.6+解得Px3.6W二、选择
7、题8.下列关于电功、电功率的一些说法中正确的是（ ）A. 用电器消耗的功率越大，则电流做功越快B. 用电器消耗的电功率越小，则电流做的功就越少C. 千瓦和千瓦时都是电功率的单位D. 通过用电器的电流做功越多，则用电器功率就越大【答案】A【解析】【详解】A电功率是表示电流做功快慢的物理量，用电器消耗的功率越大，则电流做功越快，故A正确；B用电器消耗的电功率越小，但电流做的功不一定越少，因还与通电的时间有关，故B错误；C千瓦是电功率的单位，千瓦时是电功的单位，故C错误；D通过用电器的电流做功越多，因做功多少还与通电的时间有关，所以用电器功率不一定越大，故D错误；故选A。【点睛】本题考查了电功、电功
8、率的概念和意义，电功率是由做功多少和所用时间共同决定的，而不能由其中一个决定。9.如图所示，L1、L2是灯泡，a、b、c三处接入的是电流表或电压表，若两灯均正常发光，则下列判断正确的是（ ）A. a为电压表，b为电压表，c为电流表B. a为电流表，b为电压表，c为电流表C. a为电流表，b为电流表，c为电压表D. a为电流表，b为电流表，c为电流表【答案】A【解析】【详解】由图可知a表跟灯泡L1并联，所以应为电压表；b表与灯泡L2并联，应为电压表；c表跟灯泡L2串联，所以应为电流表。故选A。【点睛】填电表题实际上就是判断串并联的过程，这类题还可以采用假设法，假设圆圈处去掉，判断对电路是否有影响
9、，有影响就填电流表，无影响就填电压表。10. 如图所示，足球以初速度v沿着凹凸不平的草地从a运动到d下列分析正确的是A. 在 b、d 两点动能相等B. 在 a、d 两点机械能相等C. 从 b 到 c 的过程机械能减少D. 从 c 到 d 的过程重力势能减少【答案】C【解析】试题分析：观图可见b、d两点等高，足球的重力势能相等，足球以初速度v沿着凹凸不平的草地从a运动到d的过程中机械能越来越小，故球在d点的动能小于在b点的动能，A选项分析错误；足球从a到d的过程中机械能逐渐减小，B选项分析错误；球从b到c的过程中要克服草地的阻力做功，机械能减少，C选项分析正确，符合题意，选填C；球从c到d的过程
10、中高度越来越高，重力势能越来越大，D选项分析错误考点：机械能守恒条件只有动能和势能相互转化，动能，重力势能，克服阻力消耗机械能11.如图所示，小冯分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面。用甲滑轮所做的总功为W1，机械效率为1；用乙滑轮所做的总功为W2，机械效率为2。若不计绳重和摩擦，则（ ）A. W1W2，12B. W1W2，12C. W1W2，12D. W1W2，12【答案】D【解析】【详解】因为小冯分别用甲、乙两滑轮把同一桶沙从一楼地面提到二楼地面，所以两种情况的有用功相同；当有用功一定时，利用机械时做的额外功越少，则总功越少，机械效率越高。而甲滑轮是动滑轮，所以利用甲滑轮做的
11、额外功多，则总功越多，机械效率越低。即W1W2，12。故选D。【点睛】此题主要考查功的计算和机械效率的大小比较这一知识点，比较简单，主要是学生明确哪些是有用功，额外功，总功，然后才能正确比较出两种情况下机械效率的大小。12.如图所示，在探究串联电路中的电压关系时，小华同学用电压表测出ab、bc、ac两端的电压分别为Uab2V，Ubc2V，Uac4V，在表格中记录数据后，下一步应该做的是（ ）A. 整理器材，结束实验B. 分析数据，得出结论C. 换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值D. 换用电压表的另一量程，再测出一组电压值【答案】C【解析】【详解】用电压表测出ab、bc、ac两端的电压分别为
12、Uab2V，Ubc2V，Uac4V，说明两个小灯泡是同一个规格的，接下来的操作是换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值，然后分析数据，这样的结论才具有普遍性。故选C。13.生活、生产中经常根据串并联电路的特点和实际需要把电路元件串联或并联使用。下列电路元件为串联的是（ ）A. 电风扇的调速器和电动机B. 马路两边为行人照明的路灯C. 英语听力测试时各教室的广播D. 同一灯罩下的两根日光灯管【答案】A【解析】【详解】A电风扇的调速器是用来控制电动机的转速的，所以它们是串联的，故A符合题意；B马路两边为行人照明的路灯，虽然同时亮同时灭，但是其中一个坏了，其它灯又不受影响，所以它们是并联的，故B不符
13、合题意；C英语听力测试时各教室的广播可以同时播，也可以单独播，所以它们是并联的，故C不符合题意；D同一灯罩下的两根日光灯管，如果其中一根坏了，另一根仍能正常使用，所以它们是并联的，故D不符合题意。故选A。14.某同学家电能表上标有“3000r/kWh”的字样，他将家中的其它用电器都断开，仅让电水壶在额定电压下工作，1min内电能表的转盘转了30r，下列说法错误的是（ ）A. 电水壶是利用电流的热效应来工作的B. 烧水过程中消耗的电能为0.1kWhC. 烧水过程中消耗的电能为3.6104JD. 电水壶的额定功率为600W【答案】B【解析】【详解】A电水壶工作时，将电能转化为内能给水加热，是利用电
14、流的热效应工作的，A正确，故A不符合题意；BC3000r/kWh表示电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000r，转盘转30r，消耗的电能：WkWh0.01kWh3.6104J，故B错误，符合题意；C正确，不符合题意；D电水壶正常工作的时间t1min60s，电水壶的实际功率：P600W，因为电水壶在额定电压下工作，所以电水壶的额定功率：P额P600W，故D正确,不符合题意。故选B。15.下列数据最接近事实是（ ）A. 柴油机的效率是65%B. 一节干电池的电压为2VC. 空调机的功率为1320WD. 通过家用电风扇的电流是10A【答案】C【解析】【详解】A柴油机的效率为28%37%，故
15、A不符合实际情况；B一节干电池的电压为1.5V，故B不符合实际情况；C空调机是大功率用电器，功率在1000W以上，故C符合实际情况；D电风扇的功率约为几十瓦，比如落地扇的功率3070W,按50W计算，根据P=UI，可得通过家用电风扇的电流I=0.23A故D不符合实际情况。故选C。三、实验题16.用同一热源给一定质量的水加热，其温度与时间的关系如题图中图线a 所示，若其它条件不变，（l）仅增加水的质量；（2）仅增大液面大气压强；（3）既增加水的质量，同时减小液面大气压强则二种情况中，温度与时间的关系图线分别对应 、 和 （选填图中“a ”、“b”、“c”或 d )【答案】c b d【解析】【详解
16、】用同一热源给一定质量的水加热，热源单位时间放热相同，即水在单位时间吸收的热量相同，水的质量越大，升温越慢，仅增加水的质量时，不能改变水的沸点，故对应图像为c，又水的沸点与液面气压有关，气压越大水的沸点越高，故仅增加液面大气压强，水的沸点升高，对应图像为b，既增加水的质量，同时减小液面压强，则升温较慢，沸点降低，对应图像为d17.在“测量小灯泡的电功率”实验中，小聪同学用一个电压表、一个电流表、一个开关、电压为6V的电源、额定电压为3.8 V的小灯泡和一个标有“20，1.5A”的滑动变阻器，设计了如图甲所示的电路(1)如果小灯泡的额定功率小于2W，电流表应选_ 量程（填“大”、“小”）；(2)
17、 若滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数增大，请用铅笔画线代替导线，将图乙的实物电路连接完整(导线不得交叉) _；(3)在实验中，若电压表示数如图丙所示，则此时灯泡两端的电压为_，灯泡此时的实际功率_额定功率(选填“大于”、“小于”或“等于”)；(4)另一组的同学按同一电路连接好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭检查后发现连线正确，请你写出实验中他们可能出现的两项操作不当之处：_【答案】 (1). 小 (2). (3). 3V (4). 小于 (5). 连接电路时开关没有断开 (6). 没有将变阻器的滑片调到阻值最大位置【解析】【详解】(1)如果小灯泡的额定功率小于2W，根据P
18、UI，灯的额定电流I0.53A，电流表应选小量程；(2)若滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数增大，则电阻变小，故滑片以左电阻丝连入电路中，电流表选用小量程串联在电路中，如下所示：(3)在实验中，若电压表示数如图丙所示，电压表选用大量程，分度值为0.5V，则此时灯泡两端的电压为3V，小于灯的额定电压，灯泡此时的实际功率小于额定功率；(4)另一组的同学按同一电路连接好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭，则灯被烧坏他们可能出现的两项操作不当之处：连接电路时开关没有断开；没有将变阻器的滑片调到阻值最大位置【点睛】(1)如果小灯泡的额定功率小于2W，根据PUI，求灯的额定电流确定电流表
19、应选小的量程；(2)若滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表示数增大，则电阻变小，据此确定变阻器的连接，电流表选用小量程串联在电路中；(3)根据电压表选用的量程确定分度值读数；灯在额定电压下正常发光，实际电压小于灯的额定电压，灯泡此时的实际功率小于额定功率；(4)为保护电路，连接电路时开关要断开，将变阻器的滑片调到阻值最大位置18.用笔画线表示导线，将图中的电灯（规格“220V 40W”）、开关（开关控制两盏灯）和插座（插座单独使用）接入家庭电路中。（ ）【答案】【解析】【详解】由题意知，两灯都能正常工作，故应并联；火线首先接入开关，零线分别接入两灯的另一根导线；三孔插座的顶端接地线，左孔接零线，
20、右孔接火线；答案如图所示：。四、计算题19.如图甲所示的电路，电源电压保持不变闭合开关S，调节滑动变阻器，两电压表的示数随电路中电流变化的图线如图乙所示根据图线的信息可知： (选填“甲”或“乙”)是电压表V2示数变化的图线，电源电压为 V，电阻R1的阻值为 ；当电流表的示数为02A时，滑动变阻器接入电路中的阻值为 【答案】乙；6V；10；20【解析】【详解】本题中电阻R1R2是串联的，电压表V1测的是R1两端的电压，电压表V2测的是R2两端电压对于电阻R1，在电阻一定时，电流与电压成正比，所以图中甲是电阻R1的电流与电压关系，乙是变阻器R2的电流与电压关系串联电路中电源电压等于各总分电路两端电
21、压之和，所以图乙中当电流为0.2A时，电阻R1R2两端的电压分别是2V、4V，电源电压为6V电阻R1的阻值为，变阻器接入电路的电阻为20.小丽家新买了一台电热水器，下表是该热水器的一些技术参数型号FEDH50额定电压220V最大水量50kg额定功率2000W现将水箱中装满水，通电后正常工作40min，水温从25上升到45在此过程中，求：(1)热水器中电热丝电阻；(2)水所吸收的热量c水=42103J(kg)；(3)热水器的效率【答案】（1）24.2；（2）4.210J；（3）87.5【解析】【分析】（1）利用电功率的公式得到热水器中电热丝的电阻；（2）根据热量的公式得到水吸收的热量；（3）根据
22、W=Pt得到电热器消耗的电能，然后利用效率公式计算热水器的效率【详解】（1）从表中得到热水器的额定功率是2000W，热水器正常工作时电阻丝的电阻：；（2）水吸收的热量：Q=c水m（t-t0）=4.2103J/（kg）50kg（45-25）=4.2106J；（3）热水器正常工作40min消耗的电能：W=Pt=2000W4060s=4.8106J；热水器的效率：答：（1）热水器中电热丝的电阻值是24.2；（2）水所吸收的热量是4.2106J；（3）热水器效率是87.5%21.某实物投影机有10个相同的强光灯L1L10（24V 200W）和10个相同的指示灯X1X10（220V 2W），将其连接在2
23、20V电源上，电路如图所示，若工作一段时间后，L2灯丝烧断。（1）AB间电阻如何变化？简要说明理由；（2）X2的功率及其他指示灯功率如何变化？说明理由？【答案】（1）并联电路的总电阻小于任一分电阻的阻值；AB间的电阻变大；（2）X2的功率变大，其他指示灯功率变小【解析】【详解】(1)当电路正常工作时，L2与X2并联，由于并联电路的总电阻小于任一分电阻的阻值，因此电路正常工作时，AB间的电阻小于X2的电阻；当L2灯丝烧断，AB间只有X2，电阻为X2的电阻，综合上述分析可知，AB间电阻变大；(2)L2与X2并联，灯丝烧断，X2两端电压增大，由P知，照明灯X2电阻不变，实际功率变大；在串联电路中总电压等于分电压之和，X2两端电压增大，所以其它灯组两端电压减小，由P知：其它指示灯电阻不变，实际功率变小。答：(1)并联电路的总电阻小于任一分电阻的阻值；AB间的电阻变大；(2)X2的功率变大，其他指示灯功率变小。
