1、云南省屏边县第一中学2019-2020学年上学期12月份考试高一物理一、单选题 1.关于伽利略理想实验，下列说法正确的是( )A. 完全是理想的，没有事实为基础的，只有理想推理B. 是以可靠事实为基础，经科学抽象，深刻反映自然规律的C. 证实了亚里士多德关于力与运动的关系D. 证实了自由落体运动是匀变速直线运动【答案】B【解析】【详解】AB伽利略在研究力与运动的关系时，是在斜面实验的基础上，成功地设计了理想斜面实验，他以实际的实验为依据，抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而能够更深刻地揭示了自然规律。因此，理想实验是实际实验的简化，是建立在实际事实基础上的合乎逻辑的科学推断，更深刻反
2、映自然规律，故A错误，B正确。C伽利略理想实验否定了亚里士多德关于力与运动的关系，即否定了力是维持物体运动原因的理论，故C错误。D伽利略理想实验并没有证实了自由落体运动是匀变速直线运动，故D错误。故选B。2.有关惯性大小的下列叙述中，正确的是 （ ）A. 物体跟接触面间的摩擦力越小，其惯性就越大B. 物体所受的合力越大，其惯性就越大C. 物体的质量越大，其惯性就越大D. 物体的速度越大，其惯性就越大【答案】C【解析】【详解】惯性是物体固有的属性，惯性大小的唯一量度是物体的质量，惯性的大小与物体的运动状态无关，与物体所受的合外力无关，与是否有摩擦力也无关故选C3.某汽车以速度10 m/s匀速行驶
3、，刹车后第1个2 s内位移与最后一个2 s内位移之比为32，设汽车做匀减速直线运动，则刹车后4 s内汽车通过的距离是( )A. 2.5 mB. 4 mC. 12 mD. 12.5 m【答案】D【解析】【详解】设加速度的大小为a，则第1个2s内的位移根据逆向思维，最后1个2s内的位移根据 x1：x2=3：2解得a=4m/s2汽车刹车到停止所需的时间知刹车后4s内的位移等于2.5s内的位移，则A. 2.5 m与分析不符，故A错误。B. 4 m与分析不符，故B错误。C. 12 m与分析不符，故C错误。D. 12.5 m与分析相符，故D正确。4.如图所示，有一辆汽车满载西瓜在水平路面上匀速前进突然发现
4、意外情况，紧急刹车做匀减速运动，加速度大小为a，则中间一质量为m的西瓜A受到其他西瓜对它的作用力的大小是A. mB. maC. mD. m(g+a)【答案】C【解析】【详解】西瓜受到重力和其它西瓜给它的作用力而减速运动，加速度水平向右，其合力水平向右，作出西瓜A受力如图所示：由牛顿第二定律可得： , 所以： ，故ABD错误，C正确故选C【点睛】无论是已知运动求受力情况，还是已知受力求运动情况，加速度都是联系力与运动的桥梁，正确受力分析，根据牛顿第二定律列方程是解题关键.5.如图所示，固定在小车上的支架的斜杆与竖直杆的夹角为，在斜杆下端固定有质量为m的小球，下列关于杆对球的作用力F的判断中，正确
5、的是A. 小车静止时，方向沿杆向上B. 小车静止时，方向垂直杆向上C. 小车向右以加速度a运动时，一定有D 小车向左以加速度a运动时，【答案】D【解析】【详解】当小车静止时，球处于平衡状态，则杆对小球的作用力F=mg，方向竖直向上故AB错误当小车向右以加速度a运动时，则球的合力为F合=ma，根据平行四边形定则知，杆对球的作用力F=，因为杆对球的作用力方向不一定沿杆，则作用力不一定等于故C错误，D正确故选D【点睛】本题中轻杆与轻绳的模型不同，绳子对物体只有拉力，一定沿绳子方向，而杆子对物体的弹力不一定沿杆子方向，要根据状态，由牛顿定律分析确定6.一列火车从上海开往北京，下列叙述中，指时间间隔的是
6、()A. 火车在早晨6点10分从上海站出发B. 火车共运行了12小时C. 火车在9点45分到达中途的南京站D. 火车在19点55分到达北京【答案】B【解析】【详解】A.6点10分仅为一个瞬间，过去了就不能重复，为时刻，故A不符合题意；B.列车运行12小时是指从开车到停车的过程，故12小时为时间，故B符合题意；C.9点45分仅为一个瞬间，过去了就不能重复，为时刻，故C不符合题意；D. 19点55分仅为一个瞬间，过去了就不能重复，为时刻，故D不符合题意；故选B【点睛】时间和时刻在生活中一般不加区分，但在物理中要注意时间对应的是过程，而时刻对应的是某一瞬间【考点】时间和时刻的区别7.物体在一条直线上
7、运动，图中正确描述物体t0从静止开始做匀加速中途匀速运动一段时间后再匀减速至静止的vt图象是()A. B. C. D. 【答案】D【解析】A、此图表示物体先匀加速运动，接着做匀速运动，最后做匀加速运动，与题不符，故A错误B、此图表示物体先匀减速运动，接着停止运动一段时间，最后做匀加速运动，与题不符，故B错误C、此图表示物体先匀加速运动，接着做匀速运动，最后出现时光倒流的现象，是不可能的，故C错误D、此图表示物体先匀加速运动，接着做匀速运动，最后做匀减速运动，与题相符，故D正确故选D【点睛】匀变速直线运动，v-t图象是倾斜的直线，平行于t轴的直线表示匀速直线运动，根据图象的形状分析物体的运动情况
8、8.如图所示，一小滑块从斜面顶端A由静止开始沿斜面向下做匀加速直线运动到达底端C，已知AB = BC，则下列说法正确的是（ ）A. 滑块到达B、C两点的速度之比为12B. 滑块到达B、C两点的速度之比为14C. 滑块通过AB、BC两段的时间之比为1D. 滑块通过AB、BC两段的时间之比为(+ 1)1【答案】D【解析】设AB段位移为X,由运动学公式知,得，AB错AB段，BC段，联立得，C错D对9.如图所示，是我国的极地考察破冰船“雪龙号”为满足破冰航行的要求，其船体结构经过特殊设计，船体下部与竖直方向成特殊角度则船体对冰块的弹力示意图正确的是()A. B. C. D. 【答案】C【解析】船体对冰
9、块的弹力垂直于接触面，指向受力物体，故C正确，ABD错误故选C10.某同学站在上升的电梯内，已知该同学体重为600N，在电梯减速直至停止的过程中，以下说法正确的是（g取10m/s2）( )A. 该同学体重大于600 NB. 该同学体重小于600 NC. 该同学对电梯地板压力大于600 ND. 该同学对电梯地板压力小于600 N【答案】D【解析】【分析】在电梯减速直至停止的过程中，具有向下的加速度，处于失重状态人的重力保持不变仍为600N【详解】物体的重力大小与所处的状态无关，在电梯减速直至停止的过程中，人的重力保持不变仍为600N故A B错误；电梯减速上升，具有向下的加速度，处于失重状态，该同
10、学对电梯地板压力小于600 N故C错误，D正确故选D二、多选题 11.如图所示，倾斜的传送带始终以恒定速率v2运动一小物块以v1的初速度冲上传送带小物块从A到B的过程中一直做减速运动，则（ ）A. 如果v1v2，小物块到达B端的速度可能等于0B. 如果v1v2，减小传送带的速度，物块到达B端的时间可能增长D. 如果v1v2，所以物块在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做匀减速运动，当速度减为v2后，重力沿斜面的分量可以大于向上的摩擦力，这样合力方向向下，物体继续减速，到达顶端时，速度有可能正好减为零，选项A正确；B如果v1v2，减小传送带的速度，则物体减速到与传送带共速时的时间增加，而当物体速度与
11、传送带共速后，物体在向下的重力分力和向上的摩擦力作用下的加速度和减小传送带的速度之前是相同的，故物体在剩下的位移上的时间也可能变大，即物块到达B端的总时间可能增长，选项C正确；D如果v1v2，增大传送带的速度，物体在传送带上受到的向上的摩擦力始终小于重力且摩擦力的方向及大小都不变，则加速度不变，则物块到达B端的时间不变，选项D错误。故选ABC。【点睛】此题是牛顿第二定律的应用的综合问题；物体的受力情况及运动过程都比较复杂，既要分析摩擦力的方向，又要分析摩擦力与重力分力的大小关系，所以此题能很好的考查学生对物理问题的综合分析能力.12.亚丁湾索马里海域六艘海盗快艇试图靠近中国海军护航编队保护的商
12、船，中国特战队员发射爆震弹成功将其驱离假如其中一艘海盗快艇在海面上运动的vt图象如图所示则下列说法正确的是()A. 海盗快艇在066s内从静止出发做加速度减小的加速直线运动B. 海盗快艇在66s末开始调头逃离C. 海盗快艇在96s末开始调头逃离D. 海盗快艇在96s116s内做匀加速直线运动【答案】ACD【解析】【详解】Avt图象的斜率表示加速度，可知海盗快艇在066s内从静止出发做加速度减小的加速直线运动，故A正确；B由图像可知，海盗快艇在66s末速度达到最大，故B错误；C由图像可知，海盗快艇在96s末速度反向，此时开始调头，故C正确；D海盗快艇在96s116s内的速度时间图象是一条倾斜直线
13、，此过程做反向匀加速直线运动，故D正确。故选ACD。13. 一做变速直线运动的物体，加速度逐渐减小，直到为零，则该物体的运动情况可能是：A. 速度逐渐增大，加速度为零时速度最大B. 速度方向不可能改变C. 速度逐渐减小，加速度为零时速度最小D. 速度逐渐增大，方向可能改变【答案】AC【解析】【详解】A、D、若物体做加速运动，速度方向与加速度方向相同，加速度减小，速度仍然增大，当加速度减小为0时，速度最大，而后做匀速直线运动，故A正确，D错误；B、当加速度方向与速度方向相反，速度减小，当加速度还未减小到零，速度已减小到零，则会反向做加速运动，故B错误；C、当加速度方向与速度方向相反，速度减小，当
14、加速度减小到零，速度还未减小到零，以后做匀速直线运动故C正确；故选AC.14.一个静止在水平面上的物体，质量为2 kg，受水平拉力F6 N的作用从静止开始运动，已知物体与水平面间的动摩擦因数0.2(g取10 m/s2)，则()A. 2 s末物体的速度为2 m/sB. 2 s内物体的位移为6 mC. 2 s内物体的位移为2 mD. 2 s内物体的平均速度为2 m/s【答案】AC【解析】【分析】对物体受力分析，根据牛顿第二定律求出物体的加速度，再根据速度和位移公式分别求出2s末物体的速度大小和位移大小，根据平均速度公式求解2s内的平均速度。【详解】物体竖直方向受到的重力与支持力，则：水平方向受到拉
15、力和滑动摩擦力，则根据牛顿第二定律得：又：联立解得：A物体2s末的速度为：BC2s内的位移为：故B错误C正确；D根据平均速度公式可知，故D错误。故选AC。【点睛】本题属于知道受力情况，确定运动情况的类型，运用牛顿第二定律和运动学公式结合求解时，关键是求加速度。 三、实验题 15.在“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，如下图给出了从0点开始，每5个点取一个计数点的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为计数点，测得x11.40 cm，x21.90 cm，x32.38 cm，x42.88 cm，x53.39 cm，x63.87 cm.(1)在打点计时器打出点1、2、3、4、5时，小车的速度分
16、别为v1_cm/s，v2_cm/s，v3_cm/s，v4_cm/s，v5_cm/s.(2)在平面直角坐标系中作出速度时间图象（ ）(3)分析小车运动速度随时间变化的规律_【答案】 (1). 16.50 (2). 21.40 (3). 26.30 (4). 31.35 (5). 36.30 (6). (7). 根据小车运动的vt图象是一条向上倾斜的直线，可判断小车运动的速度是随时间均匀增加的【解析】【详解】(1)1.显然，两相邻的计数点之间的时间间隔为T0.025 s0.1s对应各点的速度分别为：v1cm/s1650 cm/s，v2cm/s21.40 cm/s，v3cm/s26.30 cm/s，
17、v4cm/s31.35 cm/s，v5cm/s36.30 cm/s.(2)2.按照横坐标每0.1 s为1个分度，纵坐标每10 cm/s为1个分度建立直角坐标系，根据上面计算出来的各计数时刻的速度值，用描点法即可作出小车运动的vt图象，如图所示(3)3.根据小车运动的vt图象是一条向上倾斜的直线，可判断小车运动的速度是随时间均匀增加的16.如图为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持_不变，用钩码所受的重力作为_，用DIS测小车的加速度（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量在某次实验中根据测得的多组数据可画出a-F关
18、系图线（如图所示）分析此图线的OA段可得出的实验结论是_此图线的AB段明显偏离直线,造成此误差的主要原因是（ ）A.小车与轨道之间存在摩擦 B.导轨保持了水平状态C.所挂钩码的总质量太大 D.所用小车的质量太大【答案】 (1). 小车的质量 (2). 小车所受的合外力 (3). 质量不变的情况下，加速度与合外力成正比 (4). C【解析】试题分析：（1)在该实验中必须采用控制变量法，应保持小车的总质量不变，用钩码所受的重力大小作为小车所受合外力；（2)在小车质量不变的条件下，加速度大小与所受的合外力大小成正比；设小车的质量为M，钩码的质量为m，由实验原理得：mg=Ma，得，而实际上，可见AB段
19、明显偏离直线是由于没有满足Mm造成的故C正确考点：验证牛顿第二定律四、计算题 17.某汽车做变速直线运动，10s内速度从5 m/s均匀增加到25 m/s，求汽车在这段运动中的加速度大小和方向？如果此时遇到紧急情况刹车，2s内速度又均匀减为零，求这个过程中加速度的大小和方向？【答案】与正方向相同，与正方向相反【解析】【详解】试题分析：.以初速度的方向为正方向，有，则为正值，表示其方向与规定的正方向相同对于刹车阶段：，则为负值，表示其方向与规定的正方向相反18.一个物体以v0=8m/s的初速度从斜面底端沿光滑斜面向上滑动，加速度的大小为2m/s2，冲上最高点之后，又以相同的加速度往回运动求：（1）
20、物体3s末的速度；（2）物体5s末的速度；（3）物体在斜面上的位移大小为15m时所用的时间【答案】(1) 2 m/s，方向沿斜面向上；(2) 2 m/s，方向沿斜面向下(3) 3s)和5 s【解析】【详解】(1)由t，物体冲上最高点的时间是4 s，又根据vv0at，3 s末的速度为v3(823) m/s2 m/s，方向沿斜面向上；(2)5 s末的速度v5(825) m/s2 m/s，即5 s末速度大小为2 m/s，方向沿斜面向下(3)由位移公式xv0tat2，代入数据得158t(2)t2解得：t13 s，t25 s即经过位移大小为15 m处所用的时间分别为3 s(上升过程中)和5 s(下降过程
21、中)19.如图所示，质量为M直角三棱柱A放在水平地面上，三棱柱的斜面是光滑的，且斜面倾角为，质量为m的光滑球放在三棱柱和光滑竖直墙壁之间，A和B都处于静止状态，求地面对三棱柱的支持力和摩擦力各为多少？【答案】；【解析】【详解】选取A和B整体为研究对象，它受到重力（M+m）g，地面支持力N，墙壁的弹力F和地面的摩擦力f的作用，如图所示，根据平衡条件有：N-（M+m）g=0F=f可得地面对三棱柱的支持力N=（M+m）g再以B为研究对象，它受到重力mg，三棱柱对它的支持力NB，墙壁对它的弹力F的作用，如图所示，根据平衡条件有NBcos=mgNBsin=F解得F=mgtan所以地面对三棱柱的摩擦力f=
22、F=mgtan答：地面对三棱柱支持力为（M+m）g，摩擦力为mgtan。20.如图所示，在倾角为 =37的足够长的固定斜面底端， 一小物块以某一初速度沿斜面上滑，一段时间后返回到出发点若物块上滑所用时间 t1 和下滑所用时间 t2 的大小关系满足： t1 : t2 = 1: ，取 g10m/s2，sin370.6，cos370.8，试求：(1)上滑加速度 a1 与下滑加速度 a2 的大小之比；(2)物块和斜面之间的动摩擦因数；(3)若斜面倾角变为 60，并改变斜面粗糙程度，小物块上滑的同时用水平向右的 推力 F 作用在物块上，发现物块匀减速上滑过程中加速度与推力大小无关，求此时加速度大小【答案
23、】（1）2（2）0.25（3）约为11.55 m/s2【解析】【详解】（1）物块向上做匀减速直线运动，向下做初速度为零的匀加速直线运动，它们的位移大小相等，由匀变速直线运动的位移公式得：a1t12=a2t22，解得：；（2）由牛顿第二定律得：物块上滑时：mgsin37+mgcos37=ma1物块下滑时：mgsin37-mgcos37=ma2，解得：=0.375；（3）由牛顿第二定律得：mgsin60+N-Fcos60=ma由平衡条件得：N=Fsin60+mgcos60整理得：mgsin60+Fsin60+mgcos60-Fcos60=ma因为a与F无关，所以：Fsin60-Fcos60=0解得：=cot60=，a=gsin60+gcos60=m/s211.55m/s2；【点睛】本题考查了求加速度与动摩擦因数问题，考查了牛顿第二定律的应用；对物块在斜面上进行受力分析，运用牛顿第二定律结合运动学公式解决注意情景发生改变，要重新进行受力分析
