1、 第 1 页(共 19 页) 2020 年湖南省高考数学(文科)模拟试卷(年湖南省高考数学(文科)模拟试卷(5) 一选择题(共一选择题(共 12 小题,满分小题,满分 60 分,每小题分,每小题 5 分)分) 1 (5 分)已知 AxN*|x3,Bx|x24x0,则 AB( ) A1,2,3 B1,2 C (0,3 D (3,4 2 (5 分)已知 i 为虚数单位,复数 z 满足 zi1+2i,则 z 的共轭复数为( ) A2i B2+i Cl2i Di2 3 ( 5分 ) 如 图 是1951 2016年 中 国 年 平 均 气 温 变 化 图 根据上图,下列结论正确的是( ) A1951 年
2、以来,我国年平均气温逐年增高 B1951 年以来,我国年平均气温在 2016 年再创新高 C2000 年以来,我国年平均气温都高于 19812010 年的平均值 D2000 年以来,我国年平均气温的平均值高于 19812010 年的平均值 4 (5 分)元朝著名数学家朱世杰在四元玉鉴中有一首诗: “我有一壶酒,携着游春走, 遇店添一倍,逢友饮一斗,店友经三处,没了壶中酒,借问此壶中,当原多少酒?”用 程序框图表达如图所示若将“没了壶中酒”改为“剩余原壶中1 3的酒量”即输出值是输入 值的1 3,则输入的 x( ) 第 2 页(共 19 页) A3 5 B 9 11 C21 23 D45 47
3、5 (5 分)已知向量 =(3,1) ,2 + =(5,3) ,则| |( ) A1 B2 C0 D2 6 (5 分)定义在 R 上的奇函数 f(x)满足 f(1+x)f(1x) ,且当 x0,1时,f(x) x(32x) ,则 f(31 2 )( ) A1 B 1 2 C1 2 D1 7 (5 分) 若 Ax|xb, bR) , Bx|1x2, 则 BA 的一个充分不必要条件是 ( ) Ab2 B1b2 Cb1 Db2 8 (5 分)函数 y= 23 |的图象大致为( ) A B C D 第 3 页(共 19 页) 9 (5 分) 九章算术是我国古代数学成就的杰出代表,弧田是中国古算名,即圆
4、弓形, 最早的文字记载见于九章算术方田章 如图所示,正方形中阴影部分为两个弧田, 每个弧田所在圆的圆心均为该正方形的一个顶点,半径均为该正方形的边长,则在该正 方形内随机取一点,此点取自两个弧田部分的概率为( ) A2 2 B 4 1 2 C 2 1 D3 2 4 10 (5 分)已知双曲线: 2 2 2 2 = 1(a0,b0)的左、右焦点分别为 F1,F2,若 E 上点 A 满足|AF1|2|AF2|,且F1AF2的取值范围为2 3 ,则 E 的离心率的取值范围 是( ) A3,5 B7,3 C3,5 D7,9 11(5 分) 数列an满足 a11, 对任意 nN*都有 an+1an+n+
5、1, 则 1 1 + 1 2 + + 1 2019 = ( ) A2020 2019 B2019 1010 C2017 1010 D4037 2020 12 (5 分)已知函数() = |( 2)| 2 3 2+ 15 363 ,若关于 x 的方程 f(x)kx 恰有 三个互不相同的实数解,则实数 k 的取值范围是( ) A3,12 B (3,12) C (0,12) D (0,3) 二填空题(共二填空题(共 4 小题,满分小题,满分 20 分,每小题分,每小题 5 分)分) 13 (5 分)已知an为等差数列,Sn为其前 n 项和,若1= 1 2,S2a3,则 S7 14 (5 分)函数 y
6、x+lnx 在点(1,1)处的切线方程为 15 (5 分)函数 yAsin(x+) (0,|)在一个周期内的图象如图,此函数的解 析式为 第 4 页(共 19 页) 16 (5 分)已知正三棱柱 ABCA1B1C1中,且 AB2,直线 A1B 与平面 B1BCC1所成角为 45o,则此三棱柱的外接球的表面积为 三解答题(共三解答题(共 5 小题,满分小题,满分 60 分,每小题分,每小题 12 分)分) 17 (12 分)某购物商场分别推出支付宝和微信“扫码支付”购物活动,活动设置了一段时 间的推广期,由于推广期内优惠力度较大,吸引越来越多的人开始使用“扫码支付” 现 统计了活动刚推出一周内每
7、天使用扫码支付的人次,用 x 表示活动推出的天数,y 表示每 天使用扫码支付的人次,统计数据如表所示: x 1 2 3 4 5 6 7 y 6 11 21 34 66 101 196 (1)根据散点图判断,在推广期内,扫码支付的人次 y 关于活动推出天数 x 的回归方程 适合用 ycdx来表示,求出该回归方程,并预测活动推出第 8 天使用扫码支付的人次; (2)推广期结束后,商场对顾客的支付方式进行统计,结果如表: 支付方式 现金 会员卡 扫码 比例 20% 50% 30% 商场规定:使用现金支付的顾客无优惠,使用会员卡支付的顾客享受 8 折优惠,扫码支 付的顾客随机优惠, 根据统计结果得知,
8、 使用扫码支付的顾客, 享受 7 折优惠的概率为1 6, 享受 8 折优惠的概率为1 3,享受 9 折优惠的概率为 1 2现有一名顾客购买了 a 元的商品, 根据所给数据用事件发生的频率来估计相应事件发生的概率,估计该顾客支付的平均费 用是多少? 参考数据:设 vilgyi, = 1 7 7 =1 1.52, 7 =1 49.56,100.523.31 参考公式: 对于一组数据 (u1, v1) ,(u2, v2) , ,(un, vn) , 其回归直线 = + 的斜率和 截距的最小二乘估计公式分别为: = =1 =1 22 , = 18 (12 分)已知锐角ABC 三个内角 A、B、C 的对
9、边分别是 a、b、c,且2 = 3 (1)求 A 的大小; (2)若 = 21, + = 5,求ABC 的面积 19 (12 分)如图,直三棱柱 ABCA1B1C1中, = = = 1 = 1, = 3 (1)证明:C1DBC; 第 5 页(共 19 页) (2)求三棱锥 DBCC1的体积 20 (12 分)过点 P(1,1)作直线交椭圆 2 4 + 2 2 =1 于 A,B 两点,若线段 AB 的中点 恰为 P,求 AB 所在直线的方程和线段 AB 的长度 21 (12 分)已知 e 是自然对数的底数,函数 f(x)ax2(a+1)x(lnx1) ,g(x) e 2 ax2 (1)若 ae,
10、求曲线 yf(x)g(x)在点(1,0)处的切线方程; (2)若 g(x)在(1,0)单调递增,判断函数 f(x)是否有零点若有,有多少个? 若没有,说明理由 四解答题(共四解答题(共 1 小题,满分小题,满分 10 分,每小题分,每小题 10 分)分) 22 (10 分)已知曲线 C1的参数方程为 = 2 = 3( 为参数) ,以原点 O 为极点,以 x 轴的非负半轴为极轴建立极坐标系,曲线 C2的极坐标方程为( 4) = 1 (1)求曲线 C1的极坐标方程和曲线 C2的直角坐标方程; (2)射线 OM: = ( 2 )与曲线 C1交于点 M,射线 ON: = 4与曲线 C2 交于点 N,求
11、 1 |2 + 1 |2的取值范围 五解答题(共五解答题(共 1 小题)小题) 23已知函数 f(x)|xt|+|2x3|, ( 3 2) ()当 t2 时,求不等式 f(x)x+1 的解集; ()若对任意的 xR,都存在符合条件 3m+4n5 的实数 m,n,使得 f(x)m2+n2 成立,求实数 t 的取值范围 第 6 页(共 19 页) 2020 年湖南省高考数学(文科)模拟试卷(年湖南省高考数学(文科)模拟试卷(5) 参考答案与试题解析参考答案与试题解析 一选择题(共一选择题(共 12 小题,满分小题,满分 60 分,每小题分,每小题 5 分)分) 1 (5 分)已知 AxN*|x3,
12、Bx|x24x0,则 AB( ) A1,2,3 B1,2 C (0,3 D (3,4 【解答】解:由题意得:AxN*|x31,2,3,Bx|x24x0x|0x4, 所以 AB1,2,3, 故选:A 2 (5 分)已知 i 为虚数单位,复数 z 满足 zi1+2i,则 z 的共轭复数为( ) A2i B2+i Cl2i Di2 【解答】解:zi1+2i,z= 1+2 = (1+2) 2 =2i, z 的共轭复数为:2+i, 故选:B 3 ( 5分 ) 如 图 是1951 2016年 中 国 年 平 均 气 温 变 化 图 根据上图,下列结论正确的是( ) A1951 年以来,我国年平均气温逐年增
13、高 B1951 年以来,我国年平均气温在 2016 年再创新高 C2000 年以来,我国年平均气温都高于 19812010 年的平均值 D2000 年以来,我国年平均气温的平均值高于 19812010 年的平均值 【解答】解:对于 A,由图形知 1951 年以来,我国年平均气温是增高趋势,并不是逐年 增高,如 1957 年,明显降低,A 错误; 对于 B,1951 年以来,我国年平均气温在 2007 年和 2015 年创下最高气温,B 错误; 第 7 页(共 19 页) 对于 C,2000 年以来,我国年平均气温在 2012 年时低于 19812010 年的平均值,C 错 误; 对于 D,20
14、00 年以来,我国年平均气温的平均值高于 19812010 年的平均值,D 正确 故选:D 4 (5 分)元朝著名数学家朱世杰在四元玉鉴中有一首诗: “我有一壶酒,携着游春走, 遇店添一倍,逢友饮一斗,店友经三处,没了壶中酒,借问此壶中,当原多少酒?”用 程序框图表达如图所示若将“没了壶中酒”改为“剩余原壶中1 3的酒量”即输出值是输入 值的1 3,则输入的 x( ) A3 5 B 9 11 C21 23 D45 47 【解答】解:i1 时x2x1,i2 时,x2(2x1)14x3, i3 时,x2(4x3)18x7, i4 时,退出循环,此时 8x7= 1 3x 解得 x= 21 23, 故
15、选:C 5 (5 分)已知向量 =(3,1) ,2 + =(5,3) ,则| |( ) A1 B2 C0 D2 第 8 页(共 19 页) 【解答】解: = (2 + ) 2 = (5,3) 2(3,1) = (1,1), | | = 2 故选:D 6 (5 分)定义在 R 上的奇函数 f(x)满足 f(1+x)f(1x) ,且当 x0,1时,f(x) x(32x) ,则 f(31 2 )( ) A1 B 1 2 C1 2 D1 【解答】解:根据题意,函数 f(x)满足 f(1+x)f(1x) ,则有 f(x)f(x+2) , 又由 f(x)为奇函数,则 f(x+2)f(x) , 则有 f(x
16、+4)f(x+2)f(x) ,即函数 f(x)是周期为 4 的周期函数, 则 f(31 2 )f( 1 2 +16)f( 1 2)f( 1 2) 1 2(32 1 2)1; 故选:A 7 (5 分) 若 Ax|xb, bR) , Bx|1x2, 则 BA 的一个充分不必要条件是 ( ) Ab2 B1b2 Cb1 Db2 【解答】解:Ax|xb,bR) ,Bx|1x2,BA, b1; 设 Pb|b1,BA 的一个充分不必要条件是 Q,则 QP; 只有 D 符合条件,b|b2b|b1, 故选:D 8 (5 分)函数 y= 23 |的图象大致为( ) A B C D 第 9 页(共 19 页) 【解
17、答】解:根据题意,f(x)= 23 |,有 ln|x|0,解可得 x1,即函数的定义域为 x|x1, 有 f(x)= 2()3 () = 23 | = f(x) ,即函数 f(x)为奇函数,其图象关于原点对 称,排除 A、C, 又由 x(0,1)时,ln|x|0,y0,排除 D; 故选:B 9 (5 分) 九章算术是我国古代数学成就的杰出代表,弧田是中国古算名,即圆弓形, 最早的文字记载见于九章算术方田章 如图所示,正方形中阴影部分为两个弧田, 每个弧田所在圆的圆心均为该正方形的一个顶点,半径均为该正方形的边长,则在该正 方形内随机取一点,此点取自两个弧田部分的概率为( ) A2 2 B 4
18、1 2 C 2 1 D3 2 4 【解答】解:设正方形的边长为 1,则其面积为 1, S阴影2( 4 1 2)= 2 1, 故在该正方形内随机取一点,此点取自两个弧田部分的概率为 2 1, 故选:C 10 (5 分)已知双曲线: 2 2 2 2 = 1(a0,b0)的左、右焦点分别为 F1,F2,若 E 上点 A 满足|AF1|2|AF2|,且F1AF2的取值范围为2 3 ,则 E 的离心率的取值范围 是( ) A3,5 B7,3 C3,5 D7,9 【解答】解:如图, 第 10 页(共 19 页) 设|AF2|m,则|AF1|2|AF2|2m, 由双曲线定义:|AF1|AF2|2a,得 2m
19、m2a, 则 m2a, 则AF1F2中,由余弦定理可得: cosF1AF2= 2+(2)242 22 = 5242 42 = 20242 162 = 522 42 , F1AF2的取值范围为2 3 , 1cosF1AF2 1 2, 即1 522 42 1 2,解得7 e3 E 的离心率的取值范围是7,3 故选:B 11(5 分) 数列an满足 a11, 对任意 nN*都有 an+1an+n+1, 则 1 1 + 1 2 + + 1 2019 = ( ) A2020 2019 B2019 1010 C2017 1010 D4037 2020 【解答】解:数列an满足 a11,对任意 nN*都有
20、an+1an+n+1, 即有 n2 时,anan1n, 可得 ana1+(a2a1)+(a3a2)+(anan1) 1+2+3+n= 1 2n(n+1) , 1 = 2 (+1) =2(1 1 +1) , 则 1 1 + 1 2 + + 1 2019 =2(1 1 2 + 1 2 1 3 + + 1 2019 1 2020) 2(1 1 2020)= 2019 1010 第 11 页(共 19 页) 故选:B 12 (5 分)已知函数() = |( 2)| 2 3 2+ 15 363 ,若关于 x 的方程 f(x)kx 恰有 三个互不相同的实数解,则实数 k 的取值范围是( ) A3,12 B
21、 (3,12) C (0,12) D (0,3) 【解答】解:由题意,函数 f(x)大致图象如下: 根据题意及图,可知 要使方程 f(x)kx 恰有三个互不相同的实数解, 则 k 值必在 0 到直线 ykx 与 yx2+15x36 相切时的斜率之间 联立直线与二次函数,可得 = 2 + 15 36 = , 整理,得 x2+(k15)x+360, 则(k15)24360, 解得 k3,或 k27(舍去) 实数 k 的取值范围为(0,3) 故选:D 二填空题(共二填空题(共 4 小题,满分小题,满分 20 分,每小题分,每小题 5 分)分) 13 (5 分)已知an为等差数列,Sn为其前 n 项和
22、,若1= 1 2,S2a3,则 S7 14 【解答】解:设等差数列an的公差为 d,1= 1 2,S2a3, 2 1 2 +d= 1 2 +2d,解得 d= 1 2 则 S77 1 2 + 76 2 1 2 =14 第 12 页(共 19 页) 故答案为:14 14 (5 分)函数 yx+lnx 在点(1,1)处的切线方程为 2xy10 【解答】解:yx+1nx, = 1 + 1 , ky|x11+12, 函数 yx+1nx 在点(1,1)处的切线方程为 y12(x1) , 整理,得 2xy10 故答案为:2xy10 15 (5 分)函数 yAsin(x+) (0,|)在一个周期内的图象如图,
23、此函数的解 析式为 y2sin(2x+ 2 3 ) 【解答】解:由图象知 A2,由五点对应法得 12 + = 2 5 12 + = 3 2 , 得 2,= 2 3 , 即函数的解析式为 y2sin(2x+ 2 3 ) , 故答案为:y2sin(2x+ 2 3 ) 16 (5 分)已知正三棱柱 ABCA1B1C1中,且 AB2,直线 A1B 与平面 B1BCC1所成角为 45o,则此三棱柱的外接球的表面积为 22 3 【解答】解:如图, 过 A1 作 A1D1B1C1 于 D1,连接 BD1, 在正三角形 A1B1C1中,求得 A1D1= 3, 直线 A1B 与平面 B1BCC1所成角为 45,
24、 A1B= 6,AA1= 6 4 = 2 正三棱柱 ABCA1B1C1上下底面中心的连线的中点为此三棱柱的外接球的球心 此三棱柱的外接球的半径 R=( 2 2 )2+ (2 3 3 )2=11 6 第 13 页(共 19 页) 此三棱柱的外接球的表面积为 4R2= 22 3 故答案为:22 3 三解答题(共三解答题(共 5 小题,满分小题,满分 60 分,每小题分,每小题 12 分)分) 17 (12 分)某购物商场分别推出支付宝和微信“扫码支付”购物活动,活动设置了一段时 间的推广期,由于推广期内优惠力度较大,吸引越来越多的人开始使用“扫码支付” 现 统计了活动刚推出一周内每天使用扫码支付的
25、人次,用 x 表示活动推出的天数,y 表示每 天使用扫码支付的人次,统计数据如表所示: x 1 2 3 4 5 6 7 y 6 11 21 34 66 101 196 (1)根据散点图判断,在推广期内,扫码支付的人次 y 关于活动推出天数 x 的回归方程 适合用 ycdx来表示,求出该回归方程,并预测活动推出第 8 天使用扫码支付的人次; (2)推广期结束后,商场对顾客的支付方式进行统计,结果如表: 支付方式 现金 会员卡 扫码 比例 20% 50% 30% 商场规定:使用现金支付的顾客无优惠,使用会员卡支付的顾客享受 8 折优惠,扫码支 付的顾客随机优惠, 根据统计结果得知, 使用扫码支付的
26、顾客, 享受 7 折优惠的概率为1 6, 享受 8 折优惠的概率为1 3,享受 9 折优惠的概率为 1 2现有一名顾客购买了 a 元的商品, 根据所给数据用事件发生的频率来估计相应事件发生的概率,估计该顾客支付的平均费 用是多少? 参考数据:设 vilgyi, = 1 7 7 =1 1.52, 7 =1 49.56,100.523.31 参考公式: 对于一组数据 (u1, v1) ,(u2, v2) , ,(un, vn) , 其回归直线 = + 的斜率和 第 14 页(共 19 页) 截距的最小二乘估计公式分别为: = =1 =1 22 , = 【解答】解: (1)根据题意画出散点图如下,
27、根据散点图判断,ycdx适宜作为扫码支付的人数 y 关于活动推出天数 x 的回归方程类 型; 因为 ycdx,两边同时取常用对数得:lgylg(cdx)lgc+lgdx; 设 lgyu,vlgc+lgdx; 又 = 1 7 (1+2+3+4+5+6+7)4, = 1 7 7 =1 vi1.52, 7 =1 2=140; 7 =1 49.56,所以 = =1 =1 22 = 49.56741.52 140742 =0.25, 使用 lg =0.25; 把样本中心点(4,1.52)代入 vlgc+lgdx,得: c1.520.2540.52, 所以 =0.52+0.25x,即 lg =0.52+0
28、.25x, 所以 y 关于 x 的回归方程式为: =100.52+0.25x100.52100.25x3.31100.25x; 把 x8 代入上式得, =3.31102331; 预测活动推出第 8 天使用扫码支付的人次为 331(人) ; (2)记一名顾客支付的费用为 Z,则 Z 的取值可能为:a,0.8a,0.9a,0.7a; 则 P(Za)0.2, P(Z0.8a)0.3 1 3 +0.50.60, P(Z0.9a)0.3 1 2 =0.15, P(Z0.7a)0.3 1 6 =0.05; Z 的分布列为: Z a 0.8a 0.9 a 0.7a 第 15 页(共 19 页) P 0.2
29、0.6 0.15 0.05 所以一名顾客支付的平均费用为:E(Z)a0.2+0.8a0.6+0.9a0.15+0.7a0.05 0.85a(元) 18 (12 分)已知锐角ABC 三个内角 A、B、C 的对边分别是 a、b、c,且2 = 3 (1)求 A 的大小; (2)若 = 21, + = 5,求ABC 的面积 【解答】解: (1)由正弦定理得2 = 3, sinB0, = 3 2 , (0, 2), = 3 (2)由余弦定理 a2b2+c22bccosA,得:21b2+c2bc, 21(b+c)23bc,即 = 4 3, = 1 2 = 1 2 4 3 3 2 = 3 3 , ABC 的
30、面积为 3 3 19 (12 分)如图,直三棱柱 ABCA1B1C1中, = = = 1 = 1, = 3 (1)证明:C1DBC; (2)求三棱锥 DBCC1的体积 【解答】 (1)证明:在直角DAB 中, = 2 2= 2, 又 ACBC1,AB2AC2+BC2,BCAC, 又 BCCC1,ACCC1C, BC平面 A1C1CA,C1D平面 A1C1CA, 第 16 页(共 19 页) C1DBC (2)解:由(1)知 BC平面 A1C1CA, 1= 1= 1 3 1 = 1 3 1 2 2 1 1 = 1 3 20 (12 分)过点 P(1,1)作直线交椭圆 2 4 + 2 2 =1 于
31、 A,B 两点,若线段 AB 的中点 恰为 P,求 AB 所在直线的方程和线段 AB 的长度 【解答】解:设 A(x1,y1) ,B(x2,y2) ,所以 x1+x22,y1+y22, 则1 2 + 21 2 = 4 2 2 + 22 2 = 4,两式相减, (x1+x2) (x1x2)+2(y1+y2) (y1y2)0, 所以直线 AB 的斜率 k, = 12 12 = 1 2 1+2 1+2 = 1 2 2 2 = 1 2, 所以直线 AB 的方程为: 1 = 1 2 ( + 1),整理得 x2y+30, 联立 = 2 3 2+ 22= 4,消去 y,整理得 3x 2+6x+10, 所以
32、x1+x22,12= 1 3, | = 1 + 2(1+ 2)2 412=1 + 1 4 (2)2 4 1 3 = 30 3 所以线段 AB 的长度 30 3 21 (12 分)已知 e 是自然对数的底数,函数 f(x)ax2(a+1)x(lnx1) ,g(x) e 2 ax2 (1)若 ae,求曲线 yf(x)g(x)在点(1,0)处的切线方程; (2)若 g(x)在(1,0)单调递增,判断函数 f(x)是否有零点若有,有多少个? 若没有,说明理由 【解答】解: (1)若 ae,yf(x)g(x)ex2(e+1)x(lnx1)(e 2 ex2) , yex2 (e+1) x (lnx1) (
33、e 2 ex2) +ex2 (e+1) x (lnx1) (e 2 ex2) ex2(e+1)x(lnx1)(e 2 ex2)+ex2(e+1)x(lnx1)(2xe 2 2ex) , 当 x1 时,y0,2 分 曲线 yf(x)g(x)在点(1,0)处的切线的斜率 k0, 曲线 yf(x)g(x)在点(1,0)处的切线方程为 y04 分 (2)函数 f(x)没有零点 g(x)在(1,0)单调递增,当 x(1,0)时,g(x)2x 2 2ax0,即 第 17 页(共 19 页) a 2 ae6 分 由 f(x)ax2(a+1)x(lnx1)得 f(x)2ax(a+1)lnx 且 x0, 设 h
34、(x)2ax(a+1)lnx,则 h(x)2a +1 = 2(+1 2 ) , 当 0x +1 2 时,h(x)0,h(x)单调递减; 当 x +1 2 时,h(x)0,h(x)单调递增; 当 x= +1 2 时,h(x) 取得最小值,即h(x)minh(+1 2 )a+1(a+1)ln+1 2 9 分 ae,+1 2 + 2 ,即 0 +1 2 1, h(x)minh(+1 2 )a+1(a+1)ln+1 2 0 h(x)0,即 f(x)0,f(x)在定义域(0,+)单调递增 f(1)2a+10, 当 a1 时,f(x)0, 当 0x1 时,x(lnx1)0,f(x)ax2(a+1)x(ln
35、x1)0 当 x(0,+)时,f(x)0, f(x)0 无实根,即函数 f(x)没有零点12 分 四解答题(共四解答题(共 1 小题,满分小题,满分 10 分,每小题分,每小题 10 分)分) 22 (10 分)已知曲线 C1的参数方程为 = 2 = 3( 为参数) ,以原点 O 为极点,以 x 轴的非负半轴为极轴建立极坐标系,曲线 C2的极坐标方程为( 4) = 1 (1)求曲线 C1的极坐标方程和曲线 C2的直角坐标方程; (2)射线 OM: = ( 2 )与曲线 C1交于点 M,射线 ON: = 4与曲线 C2 交于点 N,求 1 |2 + 1 |2的取值范围 【解答】解: (1)由曲线
36、 C1的参数方程 = 2 = 3( 为参数) , 得:2 + 2 = ( 2) 2 + ( 3) 2 = 1, 即曲线 C1的普通方程为 2 2 + 2 3 = 1 又 xcos,ysin, 第 18 页(共 19 页) 曲线 C1的极坐标方程为 32cos2+22sin26, 即 2cos2+226 曲线 C2的极坐标方程可化为 = 2, 故曲线 C2的直角方程为 + 2 = 0 (2)由已知,设点 M 和点 N 的极坐标分别为(1,) ,(2, 4),其中 2 , 则|2= 12= 6 2+2, |2= 22= 1 2( 2) = 1 2 于是 1 |2 + 1 |2 = 2+2 6 +
37、2 = 72+2 6 由 2 , 得1cos0, 故 1 |2 + 1 |2的取值范围是( 1 3, 3 2) 五解答题(共五解答题(共 1 小题)小题) 23已知函数 f(x)|xt|+|2x3|, ( 3 2) ()当 t2 时,求不等式 f(x)x+1 的解集; ()若对任意的 xR,都存在符合条件 3m+4n5 的实数 m,n,使得 f(x)m2+n2 成立,求实数 t 的取值范围 【解答】解: ()当 t2 时,不等式 f(x)x+1 即|x2|+|2x3|x+1 当 3 2时,不等式即为(x2)(2x3)x+1 解得:x1,1 3 2 当3 2 2时,不等式即为(x2)+(2x3)x+1 解得:xR,3 2 2 当 x2 时,不等式即为(x2)+(2x3)x+1 解得:x3,2x3 综上所述,得不等式的解集为1,3; 第 19 页(共 19 页) () 3 2,f(x)= 3 + 3 + , 3 2 3 + , 3 2 3 3 , 结合图象知函数()= (3 2) = 3 2, 故 f(x)的值域为 = 3 2 ,+ ), 又 3m+4n5,由柯西不等式得(m2+n2) (32+42)(3m+4n)2 则 m2+n2的值域为 B1,+) ,依题意得:AB, 3 2 1, 故实数 t 的取值范围是5 2 ,+ )