1、(完整)弹性力学习题(新)1-3 五个基本假定在建立弹性力学基本方程时有什么用途？答：1、连续性假定：引用这一假定后,物体中的应力、应变和位移等物理量就可以看成是连续的，因此，建立弹性力学的基本方程时就可以用坐标的连续函数来表示他们的变化规律。2、完全弹性假定：引用这一完全弹性的假定还包含形变与形变引起的正应力成正比的含义， 亦即二者成线性的关系，符合胡克定律,从而使物理方程成为线性的方程。3、均匀性假定：在该假定下,所研究的物体内部各点的物理性质显然都是相同的 .因此，反映这些物理性质的弹性常数（如弹性模量 E 和泊松比 等)就不随位置坐标而变化。4、各向同性假定：所谓“各向同性”是指物体的
2、物理性质在各个方向上都是相同的.进一步 地说,就是物体的弹性常数也不随方向而变化。5、小变形假定:我们研究物体受力后的平衡问题时,不用考虑物体尺寸的改变而仍然按照原 来的尺寸和形状进行计算。同时，在研究物体的变形和位移时 ,可以将他们的二次幂或乘积略去不计,使得弹性力学中的微分方程都简化为线性微分方程。在上述假定下，弹性力学问题都化为线性问题，从而可以应用叠加原理.2-1 已知薄板有下列形变关系:式中 A,B，C,D 皆为常数，试检查在形变过程中是否符合连续条件,若满足并列出应力分量表达式。解：1、 相容条件：将形变分量带入形变协调方程（相容方程）(完整)弹性力学习题(新)其中所以满足相容方程
3、，符合连续性条件。2、 在平面应力问题中，用形变分量表示的应力分量为3、平衡微分方程其中若满足平衡微分方程，必须有分析:用形变分量表示的应力分量， 衡微分方程条件，若要求出常数 A，B,C，例 22 如图所示为一矩形截面水满足了相容方程和平 D 还需应力边界条件。坝，(完整)弹性力学习题(新)其右侧面受静水压力（水的密度为 ），顶部受集中力 P 作用。试写出水坝的应力边界条件。解：根据在边界上应力与面力的关系左侧面：右侧面：上下端面为小边界面，应用圣维南原理，可列出三个积分的应力边界条件。上端面额面力向 截面形心 O 简化，得到面力的主矢量和主矩分别为y=0 坐标面,应力主矢量符号与面力主矢量
4、符号相反；应力主矩与面力主矩的转向相反。所以下端面的面力向截面形心 D 简化，得到主矢量和主矩为y=l 坐标面，应力主矢量、主矩的符号与面力主矢量、主矩的符号相同.所以(完整)弹性力学习题(新)分析：1、与坐标轴平行的主要边界只能建立两个等式，而且与边界平行的应力分量不 会出现。如在左、右侧面，不要加入或。2、在大边界上必须精确满足应力边界条件，当在小边界(次要边界）上无法精确满足时，可以应用圣维南原理使应力边界条件近似满足 ,使问题的求解大为简化.应力合成的主矢（主矩）符号的取法亦可用外力主矢（主矩）的方向判断，二者方向一致时去正号，反之取负号。2-8 试列出题 2-8 图（a),题 28
5、图（b）所示问题的全部边界条件。在其端部边界上，应用圣维南原理列出三个积分的应力边界条件。解：(完整)弹性力学习题(新)图（ a）图(b）1、 对于图(a）的问题在主要边界上，应精确满足下列边界条件:在小边界（次要边界)上，能精确满足下列边界条件：在小边界（次要边界）上，有位移边界条件：这两个位移边界条件可以应用圣维南原理，改用三个积分的应力边界条件来代替, 当板厚时,(完整)弹性力学习题(新)2、 对于图（b）所示问题在主要边界上，应精确满足下列边界条件：在次要边界上，应用圣维南原理列出三个积分的应力边界条件，当板厚时,在小边界（次要边界）上，有位移边界条件:这两个位移边界条件可以应用圣维南
6、原理,改用三个积分的应力边界条件来代替，2-17 设有矩形截面的悬臂梁，在自由端受有集中荷载 F,如题 2-17 所示，体力可以不计。根据材料力学公式，写出弯应力 和切应力 xxy的表达式，并取挤压应力 =0,然后证明，y这些表达式满足平衡微分方程和相容方程，再说明,这些表达式是否就表示正确的解答。(完整)弹性力学习题(新)解：1、 矩形悬臂梁发生弯曲变形,任意横截面上的玩具方程为，横截面对 z 轴(中性轴)的惯性矩为,根据材料力学公式，弯应力；该截面上的剪力为， 剪应力； 并取挤压应力。2、 经验证，上述表达式能满足平衡微分方衡也能满足相容方程(完整)弹性力学习题(新)再考察边界条件：在的主
7、要边界上，应精确满足应力边界条件：能满足。在次要边界上,列出三个积分的应力边界条件：满足应力边界条件。在 次 要 边 界上 ， 列 出 三 个 积 分满足应力条件。因此，它们是该问题的正确解答。的 应 力 边界 条 件 ：(完整)弹性力学习题(新)例31如 图 所 示 矩 形 截 面 简 支 梁 受 三 角 形 分 布 荷 载 作 用 ， 试 取 应 力 函 数位上 千 B寸 Cx3 y + D矿 Ex3沁 y求简支梁的应力分量（体力不计）.q 口x/ Iq.11611 0艾Fq.1/3冒寸J解:1、相容条件：22心切十6 场0伍 4 -a.x2 矿矿代入应力函数,得:由此得于是应力函数可改写
8、为72心;y +120B.xy = 05A = B3(完整)弹性力学习题(新)5=B x3 y3+ B 矿 C.x3 y + Dxy3 + Ex3 + F.xy32、应力分量表达式Q= 玩？ 1 0 B.x3 y + 20B矿 6D,;y气1 0Bxy3+6Cxy+6E.x6飞和“T 了 15Bx千 5 By4 3 C.x2 3 功 2F伍初3、考察边界条件：确定应力分量中的各系数5l.4l(Jy =-h1 2= 鱼 x，得 B 庐3C h + 6E 上（； a) ）- l/2!=0 祠(3 C -15-,.,.5 Bh2 ) .x2+（_,t3Bh丘Dh1+F)=O;(b)亿 ）尸h/2=
9、041645Bh3 3 Ch + 6E = O; (c)，得 41553(Jy =h/2 = O，得（3C B 旷）正（Bh4+ D旷F) = O; (d)4.164若式（b ) 恒成 立， 必须满足153C B 旷 O;(e)45 B3旷 D旷F= O.(f)164联立求解以上各式，得A = q 。, B =qC=qE = 生3h3i5h勺 4 hi l 凶再根据简支梁的端面条件确定常数 D，F。由圣维南原理得(完整)弹性力学习题(新)可得4、应力分量表达式再带入式(f）得例 3-2 图示悬臂梁，梁的横截面为矩形，其宽度取为 1，右端固定、左端自由，荷载分布在自右端上,其合力为 P（不计体力
10、)，求梁的应力分量。解:这是一个平面应力问题，采用半逆解法求解.（1）选取应力函数。由材料力学可知，悬臂梁任一截面上的弯矩方程 M（x）与截面位置坐标 x 成正比,而该截面上某点处的正应力又与该点的坐标 y 成正比，因此可设（a）式中的为待定常数.将式（a）对y 积分两次,得（b）式中的，为 x 的待定函数,可由相容方程确定。将式（b）代入相容方程(完整)弹性力学习题(新),得上式是 y 的一次方程，梁内所有的 y 值都应是满足它,可见它的系数和自由项都必须为零，即，积分上二式,得式中为待定的积分常数。将,代入式（b），得应力函数为o(c)(2)应力分量的表达式(3）考察应力边界条件：以确定各
11、系数，自由端无水平力；上、下部无荷载;自由端的剪力 之和为 P，得边界条件,自然满足；，得;上式对 x 的任何值均应满足，因此得,，即(完整)弹性力学习题(新),得X 取任何值均应满足,因此得.将式（e）代入上式积分，得计算得,其中最后得应力分量为，横截面对 Z 轴的惯性矩。3-3 试考察应力函数能满足相容方程，并求出应力分量(不计体力),画出题 3-2 图所示矩形体边界上的面力分布(在次要边界上表示出面力的主矢量和主矩)，指出该应力函数所能解决的问题。解（1）相容条件：(完整)弹性力学习题(新)将代入相容方程（2） 应力分量表达式，显然满足。(3）边界条件：在 主要边界上，应精确定满足应力边
12、界条件在 次 要 边 界 x=o, x=l 上， 应用圣 维南原理， 可列 出三个积分的应 力边界条件(a）（b）(c)对于如图所示矩形板和坐标系，当板内发生上述应力时,由应力边界条件式（a）（b）、（c）可知上边、下边无面力；而左边界上受有铅直力；右边界上有按线性变化的水平面力合成为一力偶, 和铅直面力。所以，能解决悬臂在自由端受集中力作用的问题.36 如题 36 图所示的墙,高度为 h，宽度为 b，h b,在两侧上受到均布剪力 q 的作用，试用函数求解应力分量.(完整)弹性力学习题(新)oxb/2b/2qhqy(hb)题3-6图解：（1）相容条件将应力函数 代入相容方程，其中，。很显然满足
13、相容方程。（2)应力分量表达式（3） 考察边界条件，在主要边界上，各有两个应精确满足的边界条件，即在次要边界 y=0 上，而的条件不可能精确满足（否则只有 A=B=0),可用积分的应力边界条件代替。(4)把各应力分量代入边界条件,得应力分量为(完整)弹性力学习题(新)37 设单位厚度的悬臂梁在左端受到集中力和力矩作用，体力可以不计,lh 如题 3-7 图所示，试用应力函数求解应力分量。MFsFsOh/2xh/2ly(lh,解（1）相容条件将（2） 应力分量表达式代入相容方程，显然满足.(3) 考察边界条件，在主要边界上，各有两个应精确满足的边界条件得(a）在次要边界 x=0 上，只给出了面力的
14、主矢量和主矩，应用圣维南原理，用三个积分的应力边界条件代替。注意 x=0 是负 x 面，由此得(完整)弹性力学习题(新)（b)由式（a)(b)解出最后一个次要边界条件(x=l 上),在平衡微分方程和上述边界条件均已满足的条件下，是必然满足的，故不必再校核.代入应力公式，得39 设题 39 图中的简支梁只受重力作用，而梁的密度为 ，试用教材3-4 中的应力函数(e) 求解应力分量，并画出截面上的应力分布图。qqlohx qllly解 （1)应力函数为(完整)弹性力学习题(新)（2)应力分量的表达式这些应力分量是满足平衡微分方程和相容方程的，因此，如果能够选择适当的常数 A，B,， K,使所有的边
15、界条件都满足，则应力分量式（b），（c),（d）就是正确的解答.（3） 考虑对称性.因为 yz 面是梁和荷载的对称面，所以应力分布应当对称于 yz 面。这样是是x 的偶函数,而是 x 的奇函数，于是由式（b）和（d)可见（4） 考察边界条件：在主要边界上，应精确满足应力边界条件将应力分量式(c)和（d)代入，并注意到前面已有，可见这些边界条件要求联立求解得到将以上已确定的常数代入式（b），式(c）和(d），得(完整)弹性力学习题(新)考虑左右两边的次要边界条件。由于问题的对称性，只需考虑其中的一边，例如右边。梁的右边没有水平面力，x=l 时，不论 y 取任何值,都有。由式（f)可见,这是不可能
16、满足的,除非是均为零。因此，用多项式求解,只能要求在这部分边界上合成的主矢量和主矩均为零,也就是要求将式(f）代入式（i）,得积分以后得将式（f)代入式（j），得积分以后得将 K，H 的值代入式（f)，得(完整)弹性力学习题(新)另一方面，梁右边的切应力应当合成为反力积分以后，可见这一条件是满足的。将式(g），(h），(k）略加整理，得应力分量的最后解答注意梁截面的宽度取为一个单位，可见惯性矩是，静矩是。根据材料力学应用截面法求横截面的内力， 可求得梁任意截面上的弯矩方程和剪力方程分别为。式（l)可以写成3-10 如题 310 图所示的悬臂梁,长度为 l，高度为h, lh,在上边界受均布荷载
17、q,试检验应力函数量。能否成为此问题的解？如可以，试求出应力分(完整)弹性力学习题(新)解（1）相容条件将方程,有代入相容方程,得，若满足相容(2）应力分量表达式(3）考察边界条件;主要边界上，应精确满足应力边界条件在次要边界上 x=0 上，主矢和主矩为零，应用圣维南原理，用三个积分的应力边界条件代替(完整)弹性力学习题(新)(e)联立求解式（a），(b），（c)，（d)和(e）,得将各系数代入应力分量表达式，得312 为什么在主要边界(占边界绝大部分）上必须满足精确的应力边界条件，教材中式（215）,而在次要边界(占边界很小部分）上可以应用圣维南原理，用三个积分的应力边界条件（即主矢量、主矩
18、的条件)来代替？如果在主要边界上用三个积分的应力边界条件代替教材中式（215），将会发生什么问题？解：弹性力学问题属于数学物理方程中的边值问题,而要边界条件完全得到满足，往往遇到 很大的困难。这时，圣维南原理可为简化局部边界上的应力边界条件提供很大的方便。将物体一小部分边界上的面力换成分布不同，但静力等效的面力（主矢、主矩均相同），只影响近处的应力分布，对远处的应力影响可以忽略不计。如果在占边界绝大部分的主要边界上用三个应力边界条件来代替精确的边界条件。教材中式（2-15）,就会影响大部分区域的应力分布，会使问 题的解答具有的近似性。(完整)弹性力学习题(新)315试分析简支梁受均布荷载时，平
19、面截面假设是否成立？解：弹性力学解答和材料力学解答的差别，是由于各自解法不同。简言之,弹性力学的解法， 是严格考虑区域内的平衡微分方程，几何方程和物理方程，以及边界上的边界条件而求解的， 因而得出的解答是比较精确的。而在材料力学中没有严格考虑上述条件，因而得出的是近似解答.例如，材料力学中引用了平面假设而简化了几何关系，但这个假设对一般的梁是近似的。所以，严格来说，不成立.例 42 如图所示楔形体右侧面受均布荷载 q 作用，试求应力分量。【解】（1）楔形体内任一点的应力分量决定于 q、a ，j 其中 q 的量纲为 NL-2，与应力的量纲相同.因此,各应力分量的表达式只可能取 Kq 的形式，而K
20、 是以a ，j表示的无量纲函数,亦即应力表达式中不能出现,再由sj数乘以r 2 ,可设= 2 F 知，应力函数 F应是j 的函r 2F = r 2 f(j)（a）将式（a）代入双调和方程 21 1 2 2， r 2 + r r + rj F =022得1 d 4 f (j) + 4 d 2 f (j) = 0 ， (完整)弹性力学习题(新)r 2 dj 4djd 4 f (j) + 4 d 2 f (j) =0，dj 4dj上式的通解为f (j) = A cos 2j + B sin 2j + Cj + D ，将上式代入式（a），得应力函数为F = r 2( A cos 2j + B sin
21、2j + Cj + D) . (2)应力表达式为o= 1 F + 1 2 F = 2(- A cos 2j - B sin 2j + Cj + D)，（b）rr rr 2 j 2= 2 F = 2( A cos 2j + B sin 2j + Cj + D)，jr 2（c)t= 1 F - 1 2 F= 2 Asin 2j - 2B cos 2j - C。rjr 2 jr rj(3）应力边界条件(s )= -q，得 2(A+D)=q ;j j=0(s )= 0 ，得 Acos2a +B sin2a +Ca +D=0，j j=arj j=0(t)= 0 ，得2BC=0,(t)= 0 ，2Asin
22、2a 2Bcos2a =0 。rj j=a联立求解式(d)（g)，得各系数（d）(e）(f)（g)q tanaA = - 4(tana - a)， B =q，4(tana - a)C = -q2(tana - a)， D = - q(tana - 2a) 。4(tana - a)将系数代入(c），得应力分量o= -q + tana(1 + cos 2j) - (2j + sin 2j)，r2(tana -a)o= -q + tana(1 - cos 2j) - (2j - sin 2j) q，j2(tana -a)t= (1 - cos 2j) - tana sin 2j q。（h）(完整)弹
23、性力学习题(新)rj2(tana -a)分析：应力函数表达式（a）中不出现a ，这是因为f（j )中包含了a 角（在应用应力边界条件时， j = a 处(s )= 0 , (t)= 0 中体现)。j j=arj j=a43 在轴对称位移问题中,试导出按位移求解的基本方程,并证明ur可以满足此基本方程。= Ar + B , u = 0rj【解】（1）设uru= u（r ），urju= 0，代入几何方程,教材中式(4-2）得形变分量e =r ，erj=r ，grrj= 0(a）将式（a)代入物理方程，教材中式（43)得用位移表示的应力分量o=E( u r+ u ur ),r1 - u 2o=Eru
24、(urr+ u r ),（b）j1 - u 2rrt= 0rj将式(b）代入平衡微分方程，教材中式（41)，在轴对称问题中，平衡方程为s1 trrjr+jr1 strjj+rrj+ sr -sj= 0,r（c）2t+rj = 0r式（c）中的第二式自然满足，第一式为1d 2uduur +r -r= 0（d)dr 2r drr 2上式即为求u 的基本方程。r(完整)弹性力学习题(新)(2)将ur= Ar + B , urj= 0 将代入式（d）,很显然满足方程。4-7实心圆盘在r = r 的周界上受有均布压力 q 的作用，试导出其解答.【解】实心圆盘是轴对称的，可引用轴对称应力解答,教材中式(4
25、-11）,即o= Arr 2+ B(1 + 2 ln r) + 2C,o= - Ajr 2+ B(3 + 2 ln r) + 2C,（a）t= trjjr首先，在圆盘的周界（ r = r )上，有边界条件(s )= -q ，由此得r r=rA + B(1 + 2 ln r) + 2C = -q ，（b）r 2其次,在圆盘的圆心，当r 0 时式(a)中s ,s 的第一、第二项均趋于无限大,这是不rj可能的.按照有限值条件（即，除了应力集中点以外,弹性体上的应力应为有限值。）, 当r = 0 时,必须有A=B=0。把上述条件代入（b）式中,得C = - q 2所以，得应力的解答为o= s=- q
26、, t= 0rjr j4-9 半平面体表面上受有均布水平力 q，试用应力函数(完整)弹性力学习题(新)F = r 2(B sin 2j + Cj) 求解应力分量，如题 49 图所示。【解】（1）相容条件：将应力函数F 代入相容方程 4F = 0 ，显然满足.（2)由F 求应力分量表达式o= -2B sin 2j + 2Cj,ro= 2B sin 2j + 2Cj,jt= -2B cos 2j - Crj（3)考虑边界条件:注意本题有两个j 面，即j = p ，分别为 j 面,在 j 面上，应力2符号以正面正向、负面负向为正。因此，有(s)j j= p 2= 0 , 得 C = 0(t)rj j
27、= p 2= -q, 得B = - q2将各系数代入应力分量表达式,得o= q sin 2j,ro= -q sin 2j,jt= q cos 2jrj412 楔形体在两侧面上受有均布剪力 q,如题 412 图所示，试求其应力分量。(完整)弹性力学习题(新)【解】（1）应用应力函数F = r 2( A cos 2j + B sin 2j + Cj + D) ，进行求解。由应力函数F 得应力分量o= 1 F +1 2 F = -2( A cos 2j + B sin 2j - Cj - D),rr rr 2 j 2o= 2 F = 2( A cos 2j + B sin 2j + Cj + D),
28、jr 2t= - ( 1 F) = 2 Asin 2j - 2B cos 2j - Crjr r j（2）考察边界条件：根据对称性，得(s )j a 2= 0;（a）(t)(rj )a 2s= q;(b）= 0;(c)()j -a 2t= -q(d）rj -a 2同式(a)得2Acosj + 2Bsinj + Cj + 2D = 0;(e)同式（b）得2Asinj - 2Bcosj - C = q;（f) 同式（c)得2Acosj - 2Bsinj - Cj + 2D = 0;(g) 同式(d）得- 2Asinj - 2Bcosj - C = -q;（h)式(e） 、(f) 、(g）、 (h）
29、联立求解，得A =q, B = C = 0, D = - q cota2 sina2将以上各系数代入应力分量，得o= -q cos 2j + cota (完整)弹性力学习题(新),r sinao= q cos 2j - cota ,j sinat= q sin 2jrjsina414 设有一刚体，具有半径为 R 的圆柱形孔道,孔道内放置外半径为 R 而内半径为 r 的圆筒,圆筒受内压力为 q,试求圆筒的应力。【解】本题为轴对称问题，故环向位移uj = 0 ，另外还要考虑位移的单值条件.（1）应力分量引用轴对称应力解答，教材中式（4-11）,取圆筒解答中的系数为 A，B，C，刚体解答中的系数为A
30、,B,C由多连体中的位移单值条件，有B=0,（a）B=0(b)现在，取圆筒的应力表达式为刚体的应力表达式o=Arr 2+ 2 C , sj= - Ar 2+ 2 C（c)s = Arr 2+ 2C,sj= - Ar 2+ 2C（d）考虑边界条件和接触条件来求解常数 A，A,C,C和相应的位移解答.首先，在圆筒的内面，有边界条件(s )= -q ,由此得r r=rA + 2C = -q（e)r 2其次，在远离圆孔处，应当几乎没有应力，于是有，(s )= 0,(s )= 0r rj r由此得2C=0（f）再次，圆筒和刚体的接触面上,应当有(s )r r=R= (s r)r=R(完整)弹性力学习题(
31、新)于是有式（c）及式(d)得A + 2C =R 2A + 2CR 2（g）(2)平面应变问题的位移分量应用教材中式（4-12）的第一式，稍加简化可以写出圆筒和刚体的径向位移表达式ru= 1 + u 2(1 - 2u)Cr - A + I cosj + K sinj ，（h)rE ur = 0（i）刚体的径向位移为零，在接触面上，圆筒与刚体的位移相同且都为零,即将式（h）和式（i）代入,得u()r r=R= (ur)= 0r=R1 + u 2(1 - 2u)CR - A + I cosj + K sinj = 0E R 方程在接触面上的任意点都成立， j 取任何值都成立,方程两边的自由项必须相
32、等。于是得1 + u 2(1 - 2u)CR - A = 0E R 简化并利用式（f）,得A = 2(1 - 2u)R 2C（j)（3） 圆筒的应力把式（j）代入式(e）,得(1 - 2u)qr 2 R 2qr 2A = - (), C = - ()1 - 2u R 2 + r 22 1 - 2u R 2 + r 2圆筒的应力为1 - 2u + 11 - 2u - 1(完整)弹性力学习题(新)o=r 2R 2r1 - 2u + 1r 2R 2q,sj=r 2R 2 q1 - 2u + 1r 2R 2418 设半平面体在直边界上受有集中力偶，单位宽度上力偶矩为 M,如题 4-18 图所示,试求应
33、力分量.【解】应用半逆解法求解.（1）按量纲分析方法，单位宽度上的力偶矩与力的量纲相同.应力应与M , r,j 有关，由于应力的量纲是单位面积上的力，即L1MT-2，应力只能以M形势组合.r 2（2） F 应比应力的长度量纲高二次幂，可假设F = F(r )。（3） 将F 代入相容方程,得1 d 4 Fd 2 F r 4 dj 4+ 4= 0dj 2 删去因子 1r 4，得一个关于F (r )的常微分方程。令其解为F = e2l，代入上式，可得到一个关于l 的特征方程，(l2 l2 + 4)= 0,（a）其解为l = 2i,-2i,0,0 ，于是得到F 的四个解ae2ij , be-2ij ,
34、 cj , d ；前两项又可以组合为正弦、余弦函数。由此得F = A cos 2j + B sin 2j + Cj + D(b）本题中结构对称于j = 0 的 x 轴，而M 是反对称荷载，因此，应力应反对称于x 轴，为j 的奇函数，从而得 A=D=0。F = B sin 2j + Cj（c）（4） 由应力函数F 得应力分量的表达式(完整)弹性力学习题(新)o= - 1rr 2o= 0,j4B sin 2j,t= 1rjr 2(2B cos 2j + c)(5）考察边界条件。由于原点 O 有集中力偶作用，应分别考察大边界上的条件和原点附近的条件。在r 0,j = p2的边界上,有(s )2j r
35、0,j=p= 0, (trj)= 02r0,j=p前一式自然满足，而第二式成为2B=C（d）为了考虑原点 O 附近有集中力偶的作用，取出以 O 为中心, r 为半径的一小部分脱离体,并列出其平衡条件p (r F = 0, 2 sx-p 2 )r=rcosjrdj - (trj)r=rsin jrdj = 0, Fy = 0, p 2-p(s )sin jrdj - (tr r=rrj)r=rcosjrdj= 0,2 M= 0, p 2 (t)r 2 dj + M = 0O-p2rjr=r上式中前两式自然满足,而第三式成为2B = - M ,（e）p将式(e）代入式（d)，得将各系数代入应力分量的表达式,得ssC = - M ,p= 2M sin 2j ,rpr 2= 0,jt= - M cos 2j + 1rkpr 2(完整)弹性力学习题(新)61 试证：在三结点三角形单元内的任意一点，有Ni . m = I,产， 十， N卢 i +N- 刁=X N,Ni功N, my = 宁69对于题 6-9 图所示的四结点平面四边形单元,若取位移模式为 丘上 十g卢m y 百乒趴V =-er-巴 +.,凸 T y + a“ x y
