1、河北省五个一名校2023年高三下学期第四次月考：物理试题考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零若用x、v、a分别表示滑块下滑的位移、速度和加速度的大小，t表示时
2、间，则下列图象中能正确描述该过程的是ABCD2、如图所示，有一个电热器R，接在电压为u311sin100t (V) 的交流电源上电热器工作时的电阻为100 ，电路中的交流电表均为理想电表由此可知A电压表的示数为311 VB电流表的示数为2.2 AC电热器的发热功率为967 WD交流电的频率为100 Hz3、如图所示，四根相互平行的固定长直导线L1、L2、L3、L4，其横截面构成一角度为的菱形，均通有相等的电流I，菱形中心为O。L1中电流方向与L2中的相同，与L3、L4，中的相反，下列说法中正确的是（）A菱形中心O处的磁感应强度不为零B菱形中心O处的磁感应强度方向沿OL1CL1所受安培力与L 3
3、所受安培力大小不相等DL 1所受安培力的方向与L 3所受安培力的方向相同4、如图所示，在光滑水平桌面上有一边长为L、电阻为R的正方形导线框，在导线框右侧有一宽度为d（dL）的条形匀强磁场区域，磁场的边界与导线框的一边平行，磁场方向竖直向下。导线框以某一初速度向右运动，t=0时导线框的右边恰与磁场的左边界重合，并以此位置开始计时做为导线框位移x的起点，随后导线框进入磁场区域，直至导线框的右边与磁场区域右边界重合。下列图象中，可能正确描述上述过程的是（其中q表示流经线框的电荷量，v表示线框的瞬时速度）（）ABCD5、如图（甲）所示，质最m=2kg的小物体放在长直的水平地面上，用水平细线绕在半径R=
4、0.5m的薄圆筒上。t=0时刻，圆筒由静止开始绕竖直中心轴转动，其角速度随时间t的变化规律如图（乙）所示，小物体和地面间的动摩擦因数为0.1，重力加速度g=10m/s2。则下列判断正确的是（）A细线的拉力大小为4NB细线拉力的瞬时功率满足P=4tC小物体的速度随时间的变化关系满足v=4tD在0-4s内，小物体受合力的冲量为4Ng6、如图，半径为R的半球形容器固定在水平转台上，转台绕过容器球心O的竖直轴线以角速度匀速转动。质量相等的小物块A、B随容器转动且相对器壁静止。A、B和球心O点连线与竖直方向的夹角分别为、，则下列说法正确的是（）AA的向心力小于B的向心力B容器对A的支持力一定小于容器对B
5、的支持力C若缓慢增大，则A、B受到的摩擦力一定都增大D若A不受摩擦力，则B受沿容器壁向下的摩擦力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再由状态B变化到状态C，其状态变化过程的p-V图象如图所示。已知气体在状态A时的温度为17，热力学温度与摄氏温度间的关系为T=t+273K，则下列说法正确的是（ ）A气体在状态B时的温度为290KB气体在状态C时的温度为580KC气体由状态B到状态C的过程中，温度降低，内能减小D气体由状态B到状态C
6、的过程中，从外界吸收热量8、下列说法正确的是_。A分子间距离减小时，分子势能一定增大B单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔C在绝热压缩和等温压缩过程中，气体内能均不变D热量不能自发地从低温物体传到高温物体E.当人们感到干燥时，空气的相对湿度较小9、分子力F、分子势能EP与分子间距离r的关系图线如甲乙两条曲线所示(取无穷远处分子势能EP=0).下列说法正确的是A乙图线为分子势能与分子间距离的关系图线B当r=r0时,分子势能为零C随着分子间距离的增大,分子力先减小后一直增大D分子间的斥力和引力大小都随分子间距离的增大而减小,但斥力减小得更快E. 在rr0阶段,分子力减小时,分子势能也一定
7、减小10、在如图所示的电路中，电压表、电流表均为理想电表，电源电动势为，内阻为，电路中定值电阻的阻值小于电源内阻，则当滑动变阻器的滑片由端向端滑动的过程中，电流表、，电压表的示数变化量的绝对值分别为、，下列说法正确的是（ ）A两个电流表的示数均减小B电压表的示数增大CD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）测量木块和木板间动摩擦因数的装置如图(a)。水平固定的长木板一端有定滑轮，另一端有打点计时器。细线绕过定滑轮将木块和钩码相连，木块靠近打点计时器，纸带穿过打点计时器后固定在木块上。接通打点计时器，放开木块，钩码触地后不再弹起，木块
8、继续向前运动一段距离后停在木板上。某次纸带的数据如图(b)，打点计时器所用电源的频率为50Hz，每相邻两点间还有1个点未画出，数值单位为cm。由图(b)数据可知，钩码触地后木块继续运动的加速度大小为_m/s2；若取g10m/s2，则木块与木板间的动摩擦因数为_；某小组实验数据处理完成后，发现操作中滑轮的高度变化造成细线与木板的上表面不平行，如图(c)，这样他们测得的动摩擦因数与实际值相比_（填“偏大”、“偏小”或“不变”）。12（12分）某班同学在学习了向心力的公式Fm和Fm2r后，分学习小组进行实验探究向心力。同学们用细绳系一纸杯(杯中有30 mL的水)在空中甩动，使纸杯在水平面内做圆周运动
9、(如图乙所示)，来感受向心力。(1)下列说法中正确的是_。A保持质量、绳长不变，增大转速，绳对手的拉力不变B保持质量、绳长不变，增大转速，绳对手的拉力增大C保持质量、角速度不变，增大绳长，绳对手的拉力不变D保持质量、角速度不变，增大绳长，绳对手的拉力增大(2)如图甲所示，绳离杯心40 cm处打一结点A,80 cm处打一结点B，学习小组中一位同学用手表计时，另一位同学操作，其余同学记录实验数据。操作一：手握绳结A，使杯在水平方向每秒运动一周，体会向心力的大小。操作二：手握绳结B，使杯在水平方向每秒运动一周，体会向心力的大小。操作三：手握绳结A，使杯在水平方向每秒运动两周，体会向心力的大小。操作四
10、：手握绳结A，再向杯中添30 mL的水，使杯在水平方向每秒运动一周，体会向心力的大小。操作二与一相比较：质量、角速度相同，向心力的大小与转动半径大小有关；操作三与一相比较：质量、半径相同，向心力的大小与角速度的大小有关；操作四与一相比较：_相同，向心力大小与_有关；物理学中这种实验方法叫_法。小组总结阶段，在空中甩动纸杯的同学谈感受时说：“感觉手腕发酸，感觉力不是指向圆心的向心力而是背离圆心的离心力，跟书上说的不一样”，你认为该同学的说法正确吗？答：_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一定质量的理想气体
11、经历了如图ABCDA的状态变化求该过程中（1）气体最高温度T1与最低温度T2的比值；（2）气体与外界交换的热量Q。14（16分）如图所示的平行板之间，存在着相互垂直的匀强磁场和匀强电场，磁场的磁感应强度B1=0.20T，方向垂直纸面向里，电场强度，PQ为板间中线紧靠平行板右侧边缘xOy坐标系的第一象限内，有一边界线AO，与y轴的夹角AOy=45，边界线的上方有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度，边界线的下方有水平向右的匀强电场，电场强度，在x轴上固定一水平的荧光屏一束带电荷量、质量的正离子从P点射入平行板间，沿中线PQ做直线运动，穿出平行板后从y轴上坐标为（0，0.4m）的Q点垂直y轴射入磁场
12、区，最后打到水平的荧光屏上的位置C求：(1)离子在平行板间运动的速度大小(2)离子打到荧光屏上的位置C的坐标(3)现只改变AOy区域内磁场的磁感应强度的大小，使离子都不能打到x轴上，磁感应强度大小B2应满足什么条件？15（12分）图甲为能进行图形翻转的“道威棱镜”示意图，其横截面OABC是底角为45的等腰梯形，高为a，上底边长为a，下底边长3a，如图乙所示。一细光束垂直于OC边射入，恰好在OA和BC边上发生全反射，最后垂直于OC边射出，已知真空中的光速为c。试求该光束在棱镜中的传播时间t。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要
13、求的。1、D【解析】AB滑块以初速度v0沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零；滑块下滑过程中做匀减速直线运动，下滑过程中，其速度时间图线是一条斜向下的直线；下滑过程中，其加速度时间图线与时间轴平行故AB两项错误CD用x、v、a分别表示滑块下滑的位移、速度和加速度的大小，据速度位移关系可得：解得：所以下滑过程中，其速度位移图线是一条切线斜率变大的向下弯曲的曲线；故C项错误，D项正确2、B【解析】因为交流电的最大值为Um311V，故其有效值为，则电压表的示数为220V，故A错误；因为电阻为100，电流表的示数为 ，故B正确；电热器的发热功率为P=I2R=（2.2A）2100=48
14、4W，故C错误；因为交流电的角速度为=100，则其频率为=2f=50Hz，故D错误。故选B。3、A【解析】AB根据安培定则，L2、L4导线在菱形中心O处的磁应强度方向沿OL3斜向上，L3、L1导线在菱形中心O处的磁应强度方向沿OL2斜向下，由叠加原理可知，菱形中心O处的合磁场的磁感应强度不为零，且不沿OL1方向，故A正确，B错误；CD根据同向电流相互吸引，反向电流相互排斥，L1与L3受力如图所示，由各导线中电流大小相等，则每两导线间的作用力大小相等，由平行四边形定则合成可知，L1所受安培力与L 3所受安培力大小相等，方向相反，故CD错误。故选A。4、D【解析】AB线圈进入磁场时，产生的感应电动
15、势为E=BLv感应电流为线框受到的安培力大小为由牛顿第二定律为F=ma则有在线框进入磁场的过程中，由于v减小，所以a也减小，则流经线框的电荷量则qx，q-x图象是过原点的直线。根据数学知识得：因为v减小，则q-t图象切线斜率减小；当线框完全进入磁场后，无感应电流，不受安培力，线框做匀速直线运动，磁通量不变，故AB错误；C线圈进入磁场的过程做加速度减小的变减速运动，v-t图象是曲线，故C错误；D线圈进入磁场的过程，根据动量定理得：又 联立整理得v-x图象是向下倾斜的直线，线框完全进入磁场后，做匀速直线运动，故D正确。故选D。5、D【解析】AC根据图象可知，圆筒做匀加速转动，角速度随时间变化的关系
16、式为圆筒边缘线速度与物块前进速度大小相同，根据得物体运动的加速度根据牛顿第二定律得解得细线的拉力大小为AC错误；B细线拉力的瞬时功率故B错误；D物体的合力大小为在0-4s内，小物体受合力的冲量为故D正确。故选D。6、D【解析】A根据向心力公式知，质量和角速度相等，A、B和球心O点连线与竖直方向的夹角分别为、，所以A的向心力大于B的向心力，故A错误；B根据径向力知，若物块受到的摩擦力恰好为零，靠重力和支持力的合力提供向心力，则由受力情况根据牛顿第二定律得解得若角速度大于，则会有沿切线向下的摩擦力，若小于，则会有沿切线向上的摩擦力，故容器对A的支持力不一定小于容器对B的支持力，故B错误；C若缓慢增
17、大，则A、B受到的摩擦力方向会发生变化，故摩擦力数值不一定都增大，故C错误；D因A受的静摩擦力为零，则B有沿容器壁向上滑动的趋势，即B受沿容器壁向下的摩擦力，故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A气体在状态A时的温度为17 C，TA=(273+17）K=290 K，由理想气体状态方程得气体在状态 B时的温度TB=1160KA项错误；B气体由状态B到状态C做等容变化，根据查理定律得解得Tc=580KB项正确；C气体由状态B到状态C不对外做功
18、，但温度降低，内能减小，C项正确；D根据热力学第一定律可知气体向外界放出热量，D项错误。故选BC。8、BDE【解析】A分子间作用力表现为引力时，分子间距离减小，分子力做正功，分子势能减小，故A错误；B晶体与非晶体的区别在于有无固定的熔点，晶体有固定的熔点而非晶体没有，故B正确；C在绝热压缩过程中，外界对气体做功而气体与外界无热交换气体内能一定增加，故C错误；D热量不能自发地从低温物体传到高温物体，符合热力学第二定律的表述，故D正确；E当人们感到干燥时，空气的相对湿度较小，故E正确。故选BDE。9、ADE【解析】A、B项：在rr0时，分子势能最小，但不为零，此时分子力为零，故A项正确，B项错误；
19、C项：分子间作用力随分子间距离增大先减小，然后反向增大，最后又一直减小，C项错误；D项：分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，随分子间距离的减小而增大，但斥力比引力变化得快，D项正确；E项：当rr0时，分子力表现为斥力，当分子力减小时，分子间距离增大，分子力做正功，分子势能减少，E项正确。故选：ADE。10、BD【解析】B滑动变阻器的滑片由端向端滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电路中总电阻变大，总电流变小，电流表的示数变小，内电压减小，外电压增大，电压表的示数增大，选项B正确；A两端的电压增大，电流表的示数增大，选项A错误：C因，设两端电压变化量大小为，因为，所以，选项C错
20、误；D由于，因此电源内电压变化量的绝对值因此选项D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、3 0.3 不变 【解析】1钩码触地后木块做减速运动，计算其加速度大小应该用纸带的后一段，即51点之间的部分；2钩码触地后，木块只在滑动摩擦力作用下做匀减速运动，有f=maf=mg木块与木板间的动摩擦因数=0.3；3由于钩码触地后细线不再提供拉力，减速运动的加速度与之前的加速运动情况无关，所以不影响测量结果，测得的动摩擦因数与实际值相比不变。12、)BD 角速度、半径 质量大小 控制变量 不正确，见解析 【解析】（1）1由题意知，根据向
21、心力公式F向m2r，结合牛顿第三定律，有T拉m2r；保持质量、绳长不变，增大转速，根据公式可知，绳对手的拉力将增大，故A错误，B正确；保持质量、角速度不变，增大绳长，根据公式可知，绳对手的拉力将增大，故C错误，D正确。（2）23根据向心力公式F向m2r，结合牛顿第三定律，则有T拉m2r；操作二与一相比较：质量、角速度相同，向心力的大小与转动半径大小有关；操作三与一相比较：质量、半径相同，向心力的大小与角速度的大小有关；操作四与一相比较：角速度、半径相同，向心力大小与质量大小有关；4物理学中这种实验方法叫控制变量法。5该同学受力分析的对象是自己的手，但实验中受力分析的对象是纸杯，绳的拉力提供纸杯
22、做圆周运动的向心力，方向指向圆心，绳对手的拉力与“向心力”大小相等，方向相反，背离圆心，故该同学的说法不正确。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2），吸热【解析】（1）根据理想气体状态方程变形得即压强与体积的乘积越大，温度越高，故状态温度最高，状态温度最低，设状态温度为，则等压变化，则有等容变化，则有联立解得（2）的状态变化过程外界对气体做的功根据热力学第一定律有解得故此过程是吸热14、（1）5.0105 m/s （2）0.6m （3）B20.3 T【解析】（1）设离子的速度大小为v，由于沿中线PQ做直
23、线运动，则有qE1=qvB1，代入数据解得：v=5.0105 m/s；（2）离子进入磁场，做匀速圆周运动，由牛顿第二定律有：qvB2=m得，r=0.2 m，作出离子的运动轨迹，交OA边界于N，如图甲所示，OQ=2r，若磁场无边界，一定通过O点，则轨迹圆弧QN的圆心角为=90，过N点做圆弧切线，方向竖直向下，离子垂直电场线进入电场，做类平抛运动，y=OO=vt，x=at2，而a=，则x=0.4 m离子打到荧光屏上的位置C的水平坐标为xC=（0.2+0.4）m=0.6 m（3）只要粒子能跨过AO边界进入水平电场中，粒子就具有竖直向下的速度而一定打在x轴上如图乙所示，由几何关系可知使离子不能打到x轴上的最大半径r=m，设使离子都不能打到x轴上，最小的磁感应强度大小为B0，则qvB0=m，代入数据解得B0= T=0.3 T，则B20.3 T15、【解析】恰好发生全反射即所以速度为则时间为
