1、高三数学答案 第 1 页 唐山市 20222023 学年度高三年级第三次模拟演练 数学参考答案 一选择题(单选):14DBCC 58ADDB 二选择题(不定项选):9BC 10AC 11AC 12ABD 三填空题:13 7 8 14 4 33 1512e,)165,42 四解答题:17解:(1)已知 a2n2an14Sn ,当 n1 时,a11 1 分 当 n2 时,a2n12an114Sn1,得:a2n2ana2n12an14an,2 分 即(anan1)(anan12)0 3 分 又 an0,所以 anan12.4 分 所以数列an是以 1 为首项,2 为公差的等差数列.所以 an2n1.
2、5 分(2)设 bn(1)n(4nanan+1)(1)n4n(2n1)(2n+1)6 分(1)n(12n112n+1).8 分 Tn(1 1 3)(1 3 1 5)(1 5 1 7)(1)n(12n112n+1)1(1)n12n+1.10 分 18(1)证明:过点 A 作 AEPB 于点 E,1 分 因为平面 PAB平面 PBC,且平面 PAB平面 PBCPB,AE平面 PAB,所以 AE平面 PBC,2 分 又 BC平面 PBC,所以 AEBC,3 分 又 PA平面 ABC,BC平面 ABC,则 PABC,4 分 又因为 AEPAA,AE,PA平面 PAB,所以 BC平面 PAB 5 分(2
3、)解:由(1)知 BC平面 PAB,AB平面 PAB,得 BCAB,又VPABC18,AB6,BC3,高三数学答案 第 2 页 所以 1 3 1 2ABBCPA18,PA6,6 分 以 B 为原点,分别以 BC、BA为 x 轴、y 轴正方向,建立如图所示空间直角坐标系Bxyz,则 B(0,0,0),A(0,6,0),C(3,0,0),P(0,6,6)7 分 又因为 PD2DC,所以 D(2,2,2)8 分 AD(2,4,2),AB(0,6,0),AC(3,6,0)设 m(x1,y1,z1)是平面 ABD 的一个法向量,则ADm0,ABm0,即2x14y12z10,6y10,所以可取 m(1,0
4、,1)9 分 设 n(x2,y2,z2)是平面 ACD 的一个法向量,则ADn0,ACn0,即2x24y22z20,3x26y20,所以可取 n(2,1,0)10 分 则|cosm,n|mn|m|n|105 11 分 所以平面 ABD 与平面 ACD 的夹角的余弦值为105 12 分 19解:根据正弦定理得:sinAsinBsinBcosB,1 分 由于 sinB0,可知 sinAcosB,即 sinAsin(2B),2 分 因为 A 为钝角,则 B 为锐角,即 B(0,2),则 2B(2,),则 A 2B,C 22B 4 分(1)由 A 2B,C 6,ABC,得 A23 5 分(2)cosA
5、cosBcosC cos(2B)cosBcos(22B)sinBcosBsin2B 7 分 cosBsinB2sinBcosB 因为 C 22B 为锐角,所以 0 22B 2,即 0B 4 8 分 A B C D P E x y z 高三数学答案 第 3 页 设 tcosBsinB 2cos(B 4)(0,1),则 2sinBcosB1t2,9 分 cosAcosBcosCt1t2(t 1 2)25 4 10 分 因为 t(0,1),则(t 1 2)20,1 4),从而(t 1 2)25 4(1,5 4 由此可知,cosAcosBcosC 的取值范围是(1,5 4 12 分 20解:(1)根据
6、样本相关系数 r0.95,可以推断线性相关程度很强 2 分(2)rni1(xix-)(yiy-)ni1(xix-)2ni1(yiy-)20.95 及bni1(xix-)(yiy-)ni1(xix-)2,可得b rni1(xix-)2ni1(yiy-)2ni1(xix-)2ni1(yiy-)2ni1(xix-)2 4 分 2.297 5 分 所以br 2.2970.951.5161.440,7 分 又因为x-37.96,y-39.1,8 分 所以a y-bx-15.56,9 分 所以 y 与 x 的线性回归方程y1.44x15.56 10 分(3)第一个样本点(32.2,25.0)的残差为:25
7、.0(1.4432.215.56)5.8085.81,11 分 由于该点在回归直线的左下方,故将其剔除后,b的值将变小.12 分 21解:(1)把 xc 代入到 E 的方程,得c2a2y21,即 y 1 a,2 分 因为|AB|1,所以 2 a1,即 a2,则双曲线 E的方程为x24y21.4 分 高三数学答案 第 4 页(2)设 P1(x1,y1),P2(x2,y2),其中 x10,x20 因为直线 l 与圆相切,所以|m|1k22,即 m24(1k2),5 分 联立 ykxm,x24y21,整理得(14k2)x28mkx(4m24)0,6 分 所以14k20,64m2k24(14k2)(4
8、m24)0,x1x28mk4k21,x1x24m244k210,8 分 x2x1(x1x2)24x1x2(8mk4k21)244m244k214 514k2.9 分 由已知 A1(2,0),A2(2,0)k1k2y1x12y2x22(kx1m)(kx2m)(x12)(x22)k2x1x2mk(x1x2)m2x1x22(x2x1)4 10 分 k2(4m24)4k218m2k24k21m24m244k218 514k244m2k24k28m2k24m2k2m24m248 516k24 4k2m24m28 516k284248 53 58.12 分 22解:(1)由 f(x)e2x(2a)exax
9、 ae 2,(xR)得 f(x)2e2x(2a)exa 1 分(ex1)(2exa),2 分 当 a0 时,f(x)(ex1)(2exa)0,所以 f(x)在(,)上单调递增;3 分 当 a0 时,令 f(x)0,得 xln a 2,4 分 当 x(,ln a 2)时,f(x)0,f(x)单调递减;当 x(ln a 2,)时,f(x)0,f(x)单调递增 综上当 a0 时,f(x)在(,)上单调递增;当 a0 时,f(x)在(,ln a 2)上单调递减,f(x)在(ln a 2,)上单调递增5 分 高三数学答案 第 5 页(2)由(1)知:当 a0 时,f(x)在(,)上单调递增,f(3a)e
10、6a(2a)e3aa3a ae 21(2a)3 ae 2(e 21)a0,所以当 a0 时不合题意 6 分 当 a0 时,f(x)e2x2ex0,符合题意 7 分 当 a0 时,f(x)minf(ln a 2)a a24alna2 ae 2,8 分 要使 f(x)0 恒成立,则只需 f(x)min0 恒成立,即:a a2 4aln a 2 ae 20,亦即:1 a 4ln a 2 e 20 记 g(a)1 a 4ln a 2 e 2(a0),9 分 则 g(a)1 41a0,10 分 于是 g(a)在(0,)上单调递减;又因为 g(2e)1 e 2ln 2e 2 e 20,11 分 所以当 0a2e 时,g(a)0,即 f(x)min0;当 a2e 时,g(a)0,不合题意 综上可知 a 的取值范围为 0a2e 12 分