最新物理电功率练习题含答案.doc

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1、最新物理电功率练习题含答案一、电功率选择题1如图所示,将标有“12V6W”的灯泡 和“12V3W”的灯泡 接在12V的电路中,闭合开关,不考虑温度对灯丝电阻的影响,下列说法中正确的是 A.电路总功率等于9WB.电路总功率大于9WC.灯泡 和 一样亮D.灯泡 比灯泡 亮【答案】D 【解析】【解答】AB根据 可得,两灯泡的电阻分别为: , ,由电路图可知,灯泡L1、L2串联接在12V的电路中,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电路中的电流: ,则电路总功率: ,AB不符合题意;CD由于串联电路中电流处处相等,且 ,根据 可知,灯泡 的实际功率较大,则灯泡 较亮,C不符合题意,D符合题意。故

2、答案为:D。【分析】理清小灯泡的连接方式,根据P=求出两灯泡的电阻,再根据灯泡的串联和欧姆定律求出电路中的电流;根据P=UI求出总功率;根据P=I2R比较两灯泡实际功率的大小关系,实际功率大的灯泡较亮.2如图所示,电路中电源电压保持不变,小灯泡标有“3V1.5W字样,不考虑灯泡电阻随温度的变化,滑动变阻器R的最大阻值为24,电流表量程为0-0.6A,电压表量程为0-3V当开关S闭合后,滑动变阻器R接入电路的电阻为3时小灯泡正常发光。为了保证电路安全,小灯泡电压不超过额定电压,两电表的示数均不超过所选量程。在滑片P滑动过程中,下列说法( ) 电源电压为4.5V变阻器接入电路的阻值范围是3-12小

3、灯泡的最小功率为0.135W电路的最大功率2.25WA.只有 正确B.只有 正确C.只有 正确D. 都正确【答案】 C 【解析】【解答】解:由图知,灯泡和滑动变阻器串联,电压表测变阻器两端的电压,电流表测电路中的电流;(1)由P= 可得灯泡的电阻: RL= = =6,由P=UI可得,灯泡正常发光时通过的电流:I额= = =0.5A,由题知,当开关S闭合后,滑动变阻器R接入电路的电阻为3时,小灯泡正常发光,由欧姆定律和电阻的串联可得电源电压:U=I额R串=I额(R+RL)=0.5A(3+6)=4.5V;故正确;(2)因串联电路中电流处处相等,且电流表量程为0-0.6A,灯泡的额定电流为0.5A,

4、所以为了保证电路中各元件安全工作,电路中的最大电流I最大=I额=0.5A,电路中的总电阻:R最小= = =9,滑动变阻器连入电路中的最小阻值:R最小=R总-RL=9-6=3,由于电压表量程为0-3V,当电压表的示数最大为U滑=3V时,滑动变阻器接入电路的电阻最大;此时灯泡两端的电压为:UL=U-U滑=4.5V-3V=1.5V,此时电路的电流为:I最小= = =0.25A,滑动变阻器接入电路的最大阻值:R最大= = =12,所以为保护电路,变阻器接入电路的阻值范围是3-12;故正确;(3)小灯泡的最小功率:PL最小=I最小2RL=(0.25A)26=0.375W;故错误;(4)电路的最大功率:P

5、最大=UI最大=4.5V0.5A=2.25W,故正确。综上可知,只有正确。故答案为:C。【分析】结合电路图,理清元件的连接方式及电表的测量对象,利用P=求灯泡的电阻,利用P=UI求正常发光时通过的电流;结合小灯泡正常发光,利用U=IR求电源电压;由于电流表量程为0-0.6A,为了保证电路中各元件安全工作,电路中的最大电流等于灯正常工作时通过的电流,利用欧姆定律求电路中的最小电阻,滑动变阻器连入电路中的最小阻值等于总电阻减去灯的电阻;由于电压表量程为0-3V,当电压表的示数最大为3V时,滑动变阻器接入电路的电阻最大;此时灯泡两端的电压等于电源电压减去3V,利用欧姆定律求此时电路的电流,进而求出滑

6、动变阻器接入电路的最大阻值,最后得出为保护电路,变阻器接入电路的阻值范围;利用P=I2R求小灯泡的最小功率,再利用P=UI求电路的最大功率.3常用于测量家用电器在一段时间内消耗多少电能的仪器是( ) A.电流表B.电压表C.电能表D.验电器【答案】C 【解析】【解答】解:A、电流表是测电流大小的仪表,不符合题意; B、电压表测量电压大小,不符合题意;C、电能表是用来测量家用电器在一段时间内消耗多少电能(即电流做功)的仪表,符合题意;D、验电器是用来检验物体是否带电的仪器,不符合题意故选C【分析】明确各仪表或仪器的基本作用回答4将标有“6V 3W”和“6V 2W”的甲、乙两只小灯泡串联起来,接在

7、电压为6V的电源两端,接通电路后,以下说法正确的是()A.两只小灯泡都不能正常工作,甲灯比乙灯亮B.两只小灯泡都能正常发光C.通过乙灯的电流较大,所以乙灯较亮D.两只小灯泡的总功率小于2W【答案】 D 【解析】【解答】甲灯的电阻R1=12,乙灯的电阻R2=18,甲灯的实际功率P甲=I2R1 , 乙灯的实际功率P乙=I2R2 , 因为R1R2 , 所以P甲P乙 , 所以乙灯亮,两灯串联后电流相同,但两端的电压都小于额定电压,所以都不能正常工作,故ABC错误,两灯消耗的总功率P总=1.2W2W,故D正确故选D5如图所示,电源电压保持12V不变,小灯泡L上标有“6V 3W”字样,滑动变阻器最大电阻值

8、R=48,闭合开关,若不考虑灯丝电阻随温度的变化,下列说法正确的是( )A.要使电压表的示数增大1V,小灯泡L两端的电压就会减小1VB.小灯泡L的最小实际电功率为0.6WC.当滑片P移到变阻器的中点时,小灯泡L正常发光D.当滑片P移到最右端时,通电10s滑动变阻器消耗的电能是19.2J【答案】D 【解析】【解答】由电路图可知,闭合开关后,滑动变阻器R与灯泡L串联,电压表测灯泡L两端的电压。(1)由电压表测灯泡L两端的电压可知,电压表的示数增大1V,小灯泡L两端的电压就会增大1V,A不符合题意;(2)由PUI 可得,灯泡的电阻: 12,当滑片P移到最右端时,接入电路中的电阻最大,电路中的电流最小

9、,小灯泡的实际功率最小,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电路中的最小电流:I 0.2A,则小灯泡L的最小实际电功率:PL小I2RL(0.2A)2120.48W,B不符合题意;通电10s滑动变阻器消耗的电能: WRI2Rt(0.2A)24810s19.2J,D符合题意;(3)当滑片P移到变阻器的中点时,电路中的电流:I A,此时灯泡的实际功率:PL(I)2RL( A)2121.33W3W,所以,此时灯泡不能正常发光,C不符合题意。故答案为:D。【分析】闭合开关后,滑动变阻器R与灯泡L串联,电压表测灯泡L两端的电压.(1)电压表示数的变化和灯泡两端的电压变化相同;(2)根据P=UI=求出

10、灯泡的电阻,当滑片P移到最右端时,接入电路中的电阻最大,电路中的电流最小,小灯泡的实际功率最小,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流,利用P=I2R求出小灯泡L的最小实际电功率,再利用W=UIt=I2Rt求出通电10s滑动变阻器消耗的电能;(3)当滑片P移到变阻器的中点时,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流,利用P=I2R求出小灯泡L的实际功率,然后与灯泡的额定功率相比较确定是否正常发光.6如图所示电路中,电源电压保持不变,闭合开关S,滑动变阻器滑片向左移动时,下列判断正确的是( ) A.电路总功率变小B.电压表示数变大C.电压表与电流表示数的比值不变D.电流表示数变大【答案】

11、A 【解析】【解答】解:由电路图可知,定值电阻R与滑动变阻器并联,电压表测电源两端的电压,电流表测干路电流, 因电源电压保持不变,所以,滑片移动时,电压表的示数不变,B不符合题意;因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以,滑片移动时,通过R的电流不变,当滑动变阻器滑片向左移动时,接入电路中的电阻变大,由I可知,通过滑动变阻器的电流变小,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,干路电流变小,即电流表A的示数变小,D不符合题意;电压表的示数不变、电流表A的示数变小,则电压表与电流表示数的比值变大,C不符合题意;电源电压保持不变,干路电流变小,由PUI可知,电路总功率变小,A符合题意。故答案

12、为:A。 【分析】结合电路图,理清元件的连接方式及电表的测量对象,根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R的电流变化,根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知通过变阻器电流的变化,再利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化,进一步得出电压表与电流表示数的比值变化,根据P=UI可知电路总功率的变化.7如图所示的电路,闭合开关后,当滑片P向右移动时,下列说法正确的是( )A.灯泡L变暗B.电压表示数变小C.电流表A1示数变大D.整个电路消耗的总功率变小【答案】D 【解析】【解答】由电路图可知,灯泡L与滑动变阻器R并联,电压表V测电源的电压,电流表A1测干路电流,电

13、流表A2测L支路的电流。因电源的电压不变,所以,滑片移动时,电压表的示数不变,B不符合题意;因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以,滑片移动时,通过L的电流和实际功率不变,即L的亮度不变,A不符合题意;当滑片P向右移动时,变阻器接入电路中的电阻变大,由I 可知,通过R的电流变小,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,干路电流变小,即电流表A1的示数变小,C不符合题意;由PUI可知,整个电路消耗的总功率变小,D符合题意。故答案为:D。【分析】灯泡L与电阻R并联,电压表测电源的电压,电流表A1测干路电流,电流表A2测L支路的电流,根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化,根据并联电

14、路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变,根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知通过R的电流变化,根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化,根据P=UI可知电路总功率的变化.8关于电现象,下列说法正确的是()A.电流做功越多,电功率越大B.家用电器的金属外壳要接地C.同种电荷相互吸引,异种电荷相互排斥D.导体中没有电流通过时,导体就没有电阻【答案】 B 【解析】【解答】解:A、电功率的大小,不但和做功的多少有关,还与时间的长短有关,故A错误;B、有金属外壳的家用电器的金属外壳要接地,正确;C、电荷间的作用规律:同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引,故

15、C错误;D、电阻是导体的一种性质,和导体中有无电流无关,故D错误故选B【分析】(1)电功率是表示电流做功快慢的物理量,和电流做功的多少、时间的长短有关;(2)为了防止漏电发生触电事故,所以大功率或有金属外壳的用电器的外壳要接地;(3)电荷间的作用规律:同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引;(4)电阻是导体的一种性质,和导体中有无电流无关9根据额定电压为2.5V小灯泡的I-U图像(如图所示)分析,下列结论正确的是( ) A.当小灯泡的电压为0V时,其电阻为0B.当小灯泡的电流为0.1A时,其实际功率为0.1WC.通过小灯泡的电流与其两端的电压成正比D.小灯泡的额定功率为0.625W【答案】 D 【

16、解析】【解答】A. 电阻是导体的属性,当小灯泡的电压为0V时,电流为零,但电阻不为0,A不符合题意;B. 如图当小灯泡的电流为0.1A时,两端电压为0.5V,其实际功率为: ,B不符合题意;C. 因为灯丝电阻随温度升高而变大,当灯两端的电压升高时,灯丝的温度升高,电阻壮大,所以通过小灯泡的电流与其两端的电压不成正比,C不符合题意;D. 小灯泡的额定电压为2.5V时,电流为0.25A,所以功率为: ,D符合题意;故答案为:D。【分析】根据坐标图像,利用电压和电流计算用电器的电功率.10下列数据最接近实际情况的是( ) A.大气对拇指指甲盖的压力约为 10NB.学生课桌高度约为200cmC.让人感

17、觉舒适的气温约为37D.家用节能灯的功率约为1kW【答案】 A 【解析】【解答】A.大拇指的指甲盖的面积大约1cm2 , 大气压强约105Pa, 那么大气对指甲盖的压力;F=pS=105Pa10-4m2=10N,故A符合题意; B.普通学生课桌的高度大约1m,而200cm=2m,太高了,故B不合题意; C.让人感觉舒适的温度大约在25左右,37太高了,故C不合题意; D.家用节能灯的功率大约30W左右,1kW的功率太大了,故D不合题意。 故选A。 【分析】(1)大拇指的指甲盖的面积大约1cm2 , 根据F=pS计算大气对指甲盖的压力; (2)普通学生课桌的高度大约1m; (3)让人感觉舒适的温

18、度大约在25左右; (4)家用节能灯的功率大约30W左右。11估测是一门技巧,准确的估测可起到事半功倍的效果下列物理量估测合理的是( ) A.教室中门的高度大约是10dmB.中学生登上一层楼所做的功大约是1500JC.家用电器电饭煲的功率约为50WD.奥运会上男子百米赛跑的速度约为20km/h【答案】B 【解析】【解答】解: A、老师的身高在170cm左右,教室门的高度略大于此数值,在200cm=20dm左右故A不符合实际;B、中学生的体重在G=500N左右,一层楼高在h=3m左右,中学生登上一层楼所做的功大约是W=Gh=500N3m=1500J故B符合实际;C、电水壶的额定功率在1500W左

19、右,家用电饭煲的额定功率与此差不多,在1500W左右故C不符合实际;D、奥运会上男子百米速度略大于10m/s=103.6km/h=36km/h故D不符合实际故选B【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测,结合对生活的了解和对物理单位的认识,找出符合实际的选项12如图所示,滑动变阻器的滑片P处于中间位置,闭合开关S,两个灯泡均能发光(假设灯丝电阻不变),此时,将滑动变阻器的滑片P向右移动,则( ) A.L1和L2都变亮B.L1变暗,L2变亮C.L1变亮,L2变暗D.L1和L2都变暗【答案】B 【解析】【解答】解:由电路图可知,灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联,将滑动变阻器的滑片P向右

20、移动,滑动变阻器接入电路中的电阻变大,并联部分的电阻变大,电路的总电阻变大,由I= 可知,干路中的电流变小,由U=IR可知,L1两端的电压变小,因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小,所以,由P=UI可知,灯泡L1的实际功率变小,L1的亮度变暗,故AC错误;因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,并联部分的电压变大,因并联电路中各支路两端的电压相等,所以,灯泡L2两端的电压变大,由P= 可知,L2的实际功率变大,亮度变亮,故B正确、D错误故选B【分析】由电路图可知,灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L1串联,根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化,根据欧姆定律

21、可知电路中电流的变化和L1两端的电压变化,根据P=UI可知L1实际功率的变化,进一步判断其亮暗的变化;根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化,根据并联电路的电压特点和P=UI= 可知L2实际功率的变化,进一步判断其亮暗的变化13如图所示的电路,电源电压为3V,R1=15,R2=5,当开关S闭合时,下列分析正确的是( )A.R1、R2两端电压之比为3:1B.通过R1、R2电流之比为3:1C.R1、R2消耗的电功率之比为1:3D.R1的电功率为1.8W【答案】C 【解析】【解答】由电路图知道,R1、R2两电阻并联,由于并联电路各支路两端的电压相等,所以R1、R2 两端电压之比是1:1,A不符

22、合题意;由I=U/R知道,通过R1、R2 电流之比是:I1 :I2 =U/R1:U/R2=R2:R1=5:/15=1:3,B不符合题意;由P=U2/R知道, R1、R2 消耗的电功率之比是:P1:P2 =U2/R1:U2/R2=R2:R1=1:3,C符合题意;由于两电阻并联,所以U1 =U=3V, R1 的电功率是:P1 =U2/R1=(3V)2/15=0.6W,D不符合题意,故答案为:C。【分析】根据并联电路的特点,当电压相等时,电流和电阻成反比,电功率和电阻成反比.14如图所示,电源电压保持18V不变,小灯泡L上标有“6V 3W”字样,滑动变阻器最大电阻值R=60为保证各器件安全,不考虑灯

23、丝电阻随温度的变化,下列说法正确的是()A.S断开时电压表示数为0VB.S闭合后,电压表最大示数为15VC.小灯泡L正常发光时,变阻器R消耗的电功率为6WD.S闭合后,小灯泡L的最小实际电功率为0.5W【答案】 C 【解析】【解答】解:(1)S断开时,电压表测电源的电压,则电压表的示数为18V,故A错误;(2)S闭合后,灯泡L与滑动变阻器R串联,电压表测灯泡两端的电压,为保证各器件安全,电压表的最大示数UV=UL=6V,故B错误;由P=可得,灯泡的电阻:RL=12,因串联电路中各处的电流相等,所以,灯泡正常发光时电路中的电流:I=0.5A,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,变阻器两端的

24、电压:UR=UUL=18V6V=12V,变阻器R消耗的电功率:PR=URI=12V0.5A=6W,故C正确;(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时灯泡L的功率最小,因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,此时电路中的电流:I=0.25A,灯泡的最小电功率:PL=I2RL=(0.25A)212=0.75W,故D错误故选C【分析】(1)S断开时,电压表测电源的电压,根据电源的电压可知电压表的示数(2)S闭合后,灯泡L与滑动变阻器R串联,电压表测灯泡两端的电压,为保证各器件安全,电压表的最大示数和灯泡的额定电压相等,此时灯泡正常发光,根据P=求出灯泡的电阻,根据欧姆定律求出电路中的电流,利用串

25、联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压,再利用P=UI求出变阻器R消耗的电功率;(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时灯泡L的功率最小,利用电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流,最后利用P=I2R求出灯泡的最小电功率15下列数据中最接近生活实际的是()A.人的正常体温约为39B.无线电波在空气中的传播速度约为340m/sC.甲型H1N1流感病毒的长度约为1cmD.电冰箱的额定功率约为100W【答案】 D 【解析】【解答】A、人的正常体温为37,变化很小,故A不符合实际;B、无线电波在真空中的传播速度最大,为3108m/s,在空气中的传播速度略小一些,接近3108m/s,故B不符合实际;C、

26、甲型HINI流感病毒的长度很小,约为1040nm,故C不符合实际;D、电冰箱的额定功率约为100W左右,故D符合实际故选D【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解,对于选项中的单位,可根据需要进行相应的换算或转换,排除与生活实际相差较远的选项,找出符合生活实际的答案16如图是电阻甲和乙的UI图象,由图象可知下列判断正确的是( )A.甲乙都是定值电阻B.当乙两端电压为1V,其电阻值为10C.将甲和乙串联,若甲的电流为0.4A时,电路的总功率为1.2WD.将甲和乙并联,若甲两端电压为1V时,干路上的电流为0.4A【答案】C 【解析】【解答】A、由图象可知,甲的电流与电压成正比,而乙对应的电流

27、与电压不成正比,即乙电阻的阻值是变化的,A不符合题意;B、由图象可知,当 时, ,根据 可得此时乙的阻值: ,B不符合题意;C、将甲和乙串联,若甲的电流为0.4A时,根据串联电路的电流处处相等的特点,可知甲乙的电流均为0.4A,由图象可知,此时 , ;则总功率为: ,C符合题意;D、甲和乙并联,甲两端电压为1V时,根据并联电路的电压特点可知甲乙两端的电压均为1V,由图象可知,此时 , ,则干路电流为: ,D不符合题意;故答案为:C。【分析】运用图象法解答问题的一般步骤是:(1)明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么;(2)注意认清横坐标和纵坐标上最小分格的数值大小和单位;(3)明确图象所表示

28、的物理意义;(4)根据图象对题目提出的问题作出判断,得到结论.17如图甲所示,已知电流表的量程为00.6A,电压表的量程为015V,滑动变阻器R2的规格为“20 0.5A”。闭合开关S后,调节滑动变阻器的滑片P,得到电流表与电压表的示数关系如图乙所示。在保证电路安全的前提下,下列说法中正确的是( )A.电源电压为9VB.R1的阻值为20C.滑动变阻器的取值范围是220D.电路总功率的变化范围是2W3W【答案】C 【解析】【解答】结合电路图和乙图可得: , ;解得: ,电源电压为: ,AB不符合题意;已知电流表的量程为00.6A,滑动变阻器R2的规格为“20 0.5A”,因为串联时电流相等,故电

29、路最大电流为0.5A,此时电路总电阻为: ,则滑动变阻器最小电阻为: ;当滑动变阻器阻值变大时,分得电压增大,但电源电压为6V,小于电压表的量程,故滑动变阻器阻值可以调整到最大,即20,则滑动变阻器接入电路的取值范围是220;最小电流为: ,电路最小功率为: ;电路最大功率为: 。故答案为:C。【分析】利用欧姆定律U=IR求出电源电压和电阻R1的值,根据变阻器铭牌和电表的量程,求出变阻器接入电路的阻值范围,由P=UI求电路的总功率.18一台额定电压为220V的电动机,正常工作时通过的电流为5A,发热损失的功率为25W,则其线圈电阻是( ) A.1B.5C.44D.1100【答案】A 【解析】【

30、解答】算线圈电阻时应该通过发热功率来计算,即由Q=I2R可得 。故答案为:A.【分析】知道正常工作时通过的电流和发热损失的功率,根据P=I2R的变形公式R=P/I2电动机线圈的电阻19如图所示,R0为定值电阻,闭合开关后,当滑片P在某两点之间滑动时,电流表的示数变化范围是0.51.5A,电压表的示数变化范围是36V小明通过推算,得出四个结论,其中错误的是()A.定值电阻R0的阻值为3B.变阻器连入电路的电阻变化范围为212C.实验中R0两端的电压变化范围为1.5V4.5VD.电路消耗的总功率的变化范围为3.75W10.25W【答案】D 【解析】【解答】由电路图可知,滑动变阻器与定值电阻R0串联

31、,电流表测电路中的电流,电压表测滑动变阻器两端电压;当滑动变阻器接入电路阻值增大时,电路中电流减小,即电流表示数减小;变阻器接入阻值增大时,其分得电压增大,即电压表示数增大;所以,电流表与电压表的示数变化情况是相反的。A、由串联电路的电压特点和欧姆定律可得,电源电压U=UV+IR0 , 电流表示数变化范围是0.5A1.5A,电压表的示数变化范围3V6V,结合前面分析可知,当I=0.5A时,UV=6V,所以有U=6V+0.5AR0当I=1.5A时,UV=3V,所以有U=3V+1.5AR0联立解得:R0=3,U=7.5V,A不符合题意;B、由题可知,电流表示数变化范围是0.5A1.5A,电压表的示

32、数变化范围3V6V,滑动变阻器接入电路的阻值分别为:R滑= = =2,R滑= = =12,即变阻器连入电路的阻值变化范围为212,B不符合题意;C、R0两端的电压分别为:U0=I最小R0=0.5A3=1.5V,U0=I最大R0=1.5A3=4.5V,则R0两端的电压变化范围是1.5V4.5V,C不符合题意;D、电路消耗的最小电功率:P最小=UI最小=7.5V0.5A=3.75W,电路消耗的最大电功率:P最大=UI最大=7.5V1.5A=11.25W,则电路消耗的总功率的变化范围为3.75W11.25W,D符合题意。故答案为:D。【分析】根据电流的范围和电压的范围,结合欧姆定律计算公式和电功率计

33、算公式,求电路中的电阻、分压情况和电功率.20小明利用电能表测量某个家用电器的电功率,当电路中只有这个电器连续工作时,测得在1h内,消耗的电能为1.2kWh,那么用这个电器是( ) A.液晶电视机B.台式计算机C.家用空调D.电冰箱【答案】C 【解析】【解答】解: 用电器在t=1h内消耗的电能为W=1.2kWh,用电器的电功率:P= = =1.2kW=1200W,液晶电视机的电功率约为100W,台式计算机的电功率约为200W,空调的电功率约为1000W,电冰箱的功率约为100W,所以电功率是1200W的用电器是空调故选C【分析】根据用电器在1h内消耗的电能,结合公式P= ,求出电功率,再与题目中给出的用电器的功率比较即可

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