作业17(2021衡水中学高考一轮总复习 理科数学(新课标版)).doc

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1、题组层级快练题组层级快练(十七十七) 1(2020 河北武邑中学月考)函数 ylnxx 的极值情况是( ) A有极大值,没有极小值 B有极小值,没有极大值 C既有极大值又有极小值 D既无极大值也无极小值 答案 A 解析 y1 x1 1x x (x0),由 y0 得 x1,当 0x0,函数是增函数, 当 x1 时,y0.当 x2 时,f(x)0,这时 f(x)为增函数;当 0x2 时,f(x)0,f(x)单调递增,当 x(1,4时,f(x)0,所以当 x0 时,f(x)有最小值,且最小值为 0. 5(2020 河北邯郸一中月考)若函数 f(x)aexsinx 在 x0 处有极值,则 a 的值为(

2、 ) A1 B0 C1 De 答案 C 解析 f(x)aexcosx,若函数 f(x)aexsinx 在 x0 处有极值,则 f(0)a10, 解得 a1,经检验 a1 符合题意故选 C. 6若函数 yax3bx2取得极大值和极小值时的 x 的值分别为 0 和1 3,则( ) Aa2b0 B2ab0 C2ab0 Da2b0 答案 D 解析 y3ax22bx,据题意,0,1 3是方程 3ax 22bx0 的两根,2b 3a 1 3,a2b 0. 7设函数 f(x)在 R 上可导,其导函数为 f(x),且函数 f(x)在 x2 处取得极小值,则函 数 yxf(x)的图象可能是( ) 答案 C 解析

3、 由 f(x)在 x2 处取得极小值可知,当 x2 时,f(x)0; 当2x0,则 xf(x)0 时,xf(x)0. 8已知 f(x)x3px2qx 的图象与 x 轴相切于非原点的一点,且 f(x)极小值4,那么 p,q 值分别为( ) A6,9 B9,6 C4,2 D8,6 答案 A 解析 设图象与 x 轴的切点为(t,0)(t0), 设 f(t)t3pt2qt0, f(t)3t22ptq0,注意 t0, 可得出 p2t,qt2.p24q,只有 A 满足这个等式(亦可直接计算出 t3) 9 若函数 f(x)ax33x1 对于 x1, 1总有 f(x)0 成立, 则实数 a 的取值范围为( )

4、 A2,) B4,) C4 D2,4 答案 C 解析 f(x)3ax23, 当 a0 时,f(x)0,f(x)minf(1)a20,a2,不合题意; 当 01 时,f(x)在 1 a, 1 a 上为减函数,在 1, 1 a , 1 a,1 上为增函数,f(1) a40,且 f 1 a 2 a10,解得 a4.综上所述,a4. 10若 f(x)x(xc)2在 x2 处有极大值,则常数 c 的值为_ 答案 6 解析 f(x)3x24cxc2, f(x)在 x2 处有极大值, f(2)0, f(x)2), f(x)0(x0),g(x)2 2 x30 x1g(x)在(0,1)上单调递减,在(1,)上单

5、 调递增 有唯一零点,ag(1)213f(x)2x33x21. 求导可知在1,1上,f(x)minf(1)4,f(x)maxf(0)1,f(x)minf(x)max3. 12(2019 河南信阳调研)已知函数 f(x)x3ax2bxa2在 x1 处取得极值 10,则 f(2)的 值为_ 答案 18 解析 f(x)3x22axb,由题意得 f(1)10, f(1)0,即 a2ab110, 2ab30, 解得 a4, b11 或 a3, b3. 当 a3,b3 时,f(x)3(x1)20,f(x)无极值 当 a4,b11 时,令 f(x)0,得 x11,x211 3 . 当 x 变化时,f(x),

6、f(x)的变化情况如下表: x ,11 3 11 3 11 3 ,1 1 (1,) f(x) 0 0 f(x) 极大值 极小值 f(x)x34x211x16,f(2)18. 13(2019 唐山联考)若函数 f(x)x21 2lnx1 在其定义域内的一个子区间(a1,a1)内存 在极值,则实数 a 的取值范围是_ 答案 1,3 2 解析 由题意,得函数 f(x)的定义域为(0,),f(x)2x 1 2x 4x21 2x ,令 f(x)0, 得 x1 2 x1 2舍去 ,则由已知得 a10, a11 2, 解得 1a3 2. 14已知函数 f(x)(xk)ex. (1)求 f(x)的单调区间;

7、(2)求 f(x)在区间0,1上的最小值 答案 (1)单调递减区间为(,k1),单调递增区间为(k1,) (2)当 k1 时,最小值 f(0)k; 当 1k2 时,最小值 f(k1)ek 1; 当 k2 时,最小值 f(1)(1k)e 解析 (1)f(x)(xk1)ex. 令 f(x)0,得 xk1. f(x)与 f(x)的变化情况如下表: x (,k1) k1 (k1,) f(x) 0 f(x) 极小值 所以 f(x)的单调递减区间是(,k1),单调递增区间是(k1,) (2)当 k10,即 k1 时,函数 f(x)在0,1上单调递增,所以 f(x)在区间0,1上的最小 值为 f(0)k;

8、当 0k11,即 1k2 时, 由(1)知 f(x)在0,k1上单调递减,在(k1,1上单调递增, 所以 f(x)在区间0,1上的最小值为 f(k1)ek 1; 当 k11,即 k2 时,函数 f(x)在0,1上单调递减, 所以 f(x)在区间0,1上的最小值为 f(1)(1k)e. 15(2015 重庆)已知函数 f(x)ax3x2(aR)在 x4 3处取得极值 (1)确定 a 的值; (2)若 g(x)f(x)ex,讨论 g(x)的单调性 答案 (1)a1 2 (2)g(x)在(,4和1,0上为减函数,在4,1和0,)上为 增函数 解析 (1)对 f(x)求导得 f(x)3ax22x, 因

9、为 f(x)在 x4 3处取得极值,所以 f 4 3 0, 即 3a16 9 2 4 3 16a 3 8 30,解得 a 1 2. (2)由(1)得 g(x) 1 2x 3x2 ex. g(x) 1 2x 35 2x 22x ex1 2x(x1)(x4)e x. 令 g(x)0,解得 x0 或 x1 或 x4. 当 x4 时,g(x)0,故 g(x)为减函数; 当4x0,故 g(x)为增函数; 当1x0 时,g(x)0 时,g(x)0,故 g(x)为增函数 综上,知 g(x)在(,4和1,0上为减函数,在4,1和0,)上为增函数 16(2019 衡水中学调研卷)已知函数 f(x)xlnx. (

10、1)求函数 f(x)的极值点; (2)设函数 g(x)f(x)a(x1),其中 aR,求函数 g(x)在区间1,e上的最小值(其中 e 为自然对数的底数) 答案 (1)极小值点为 x1 e,无极大值点 (2)当 a1 时,g(x)min0;当 1a0,由 f(x)0,得 x1 e. 所以 f(x)在区间 0,1 e 上单调递减,在区间 1 e, 上单调递增 所以 x1 e是函数 f(x)的极小值点,极大值点不存在 (2)g(x)xlnxa(x1),则 g(x)lnx1a,由 g(x)0,得 xea 1. 所以在区间(0,ea 1)上,g(x)为减函数,在区间(ea1,)上,g(x)为增函数 当 ea 11,即 a1 时,在区间1,e上,g(x)为增函数,所以 g(x)的最小值为 g(1)0. 当 1ea 1e,即 1a2 时,g(x)的最小值为 g(ea1)aea1. 当 ea 1e,即 a2 时,在区间1,e上,g(x)为递减函数,所以 g(x)的最小值为 g(e)ae ae. 综上,当 a1 时,g(x)的最小值为 0;当 1a0,又h0,r0, V(r)在(0, 5)上为增函数 当 r(5,5 3)时,V(r)0,V(r)在(5,5 3)上为减函数 V(r)在 r5 处取最大值,此时 h8.即当 r5,h8 时,该蓄水池的体积最大

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