(新教材)高中数学新教材人教A版选择性必修培优练习:专题24 导数在研究函数中的应用(2)(学生版+解析版).doc

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1、专题专题 24 导数在研究函数中的应用(导数在研究函数中的应用(2) 一、单选题一、单选题 1 (2020 四川省北大附中成都为明学校高二月考(理) )函数 2 2lnf xxx的部分图像大致为( ) A B C D 2 (2020 四川省北大附中成都为明学校高二月考(理) )已知函数 2 ln1f xxax在1,3内不是单 调函数,则实数a的取值范围是( ) A2,18 B2,18 C ,2 18, D2,18 3 (2020 四川省北大附中成都为明学校高二月考(理) )已知函数 32 11 ( )1 32 x f xxexx极值点的个 数为( ) A0 B1 C2 D3 4 (2020 黄

2、冈中学第五师分校高二期中(理) )设ea, ln b , 3 ln3 c ,则, ,a b c大小关系是( ) Aa cb Bbca Ccba Dcab 5 (2020 江西省奉新县第一中学高二月考(理) )已知函数( )yf x(0,) 2 x ,( )yfx 是其导函数, 恒有 ( )( )tanf xfxx,则( ) A 3 ()2 () 43 ff B3 ()2 () 43 ff C(1) 2 ()sin1 6 ff D2 ()() 64 ff 6 (2020 黄冈中学第五师分校高二期中(理) )若对于任意的 12 0 xxa,都有 2112 12 lnln 1 xxxx xx , 则

3、a的最大值为( ) A2e Be C1 D 1 2 7 (2020 蚌埠田家炳中学高二开学考试(理) )已知函数 f x的定义域为0,,且满足 0f xxfx ( fx 是 f x的导函数) ,则不等式 2 111xfxfx的解集为( ) A,2 B1, C1,2 D1,2 8 (2020 江西省石城中学高二月考(文) )已知定义在,00,上的偶函数 f x的导函数为 fx , 对定义域内的任意x, 都有 22f xxfx 成立, 则使得 22 424x f xfx成立的x的 取值范围为( ) A 0, 2x x B 2,00,2 C , 22, D , 20,2 二、多选题二、多选题 9 (

4、2020 山东省高二期中)已知1,ab e 为自然对数的底数,则下列不等式一定成立的是( ) A ab aebe Blnlnabba Clnlnaabb D ab beae 10 (2020 江苏省扬州中学高二期中)关于函数 sin x f xeax,,x ,下列说法正确的是 ( ) A当1a 时, f x在 0,0f处的切线方程为210 xy B当1a 时, f x存在唯一极小值点 0 x且 0 10f x C对任意0a, f x在 ,上均存在零点 D存在0a , f x在 ,上有且只有一个零点 11 (2020 山东省高二期中)已知函数 cossinf xxxx,下列结论中正确的是( )

5、A函数 f x在 2 x 时,取得极小值 1 B对于0,x , 0f x 恒成立 C若 12 0 xx,则 11 22 sin sin xx xx D若 sin x ab x ,对于0, 2 x 恒成立,则a的最大值为 2 ,b的最小值为 1 12 (2020 盐城市大丰区新丰中学高二期中)关于函数 2 lnf xx x ,下列判断正确的是( ) A2x是 f x的极大值点 B函数( ) yf xx=- 有且只有 1 个零点 C存在正实数k,使得 f xkx成立 D对任意两个正实数 1 x, 2 x,且 12 xx,若 12 f xf x,则 12 4xx. 三、填空题三、填空题 13 (20

6、20 福建省南安市侨光中学高二月考)已知 a 为函数 f(x)=x3-12x 的极小值点,则 a=_. 14 (2020 江苏省扬州中学高二期中)若对任意 x0,恒有 1 12 ax a exlnx x ,则实数 a 的取值范 围为_. 15 (2020 宁夏回族自治区宁夏育才中学高二开学考试(理) )设函数( )(ln ) x m f xeaxxax ,若存 在实数a使得( )0f x 恒成立,则m的取值范围是_ 16 (2020 山东省实验中学高二期中)某商场销售某种商品,该商品的成本为 3 元/千克,每日的销售量 y(单 位:千克)与销售价格 x(单位:元/千克)满足关系式 2 1 5(

7、6) 3 yx x ,其中36x,当销售价格为 _元时,商场每日销售该商品所获得的最大利润为_元. 四、解答题四、解答题 17 (2020 周口市中英文学校高二月考(理) )已知函数 2 ( )lnf xxx (1)求函数 ( )f x在1, e上的最大值和最小值; (2)求证:当x(1,)时,函数 ( )f x的图象在 32 21 ( ) 32 g xxx的下方 18.(2020 广西壮族自治区高三其他(文) )已知函数 exf xa x ,其中 e 是自然对数的底数. (1)若ea,证明: 0f x ; (2)若0,x时,都有 f xfx,求实数 a 的取值范围. 19 (2020 甘肃省

8、高三二模(文) )已知函数 2 ( )(25)85() x f xe xaxaaR (1)当1a 时,求函数 ( )f x的极值; (2)当0,2x时,若不等式 2 ( )2f xe恒成立,求实数a的取值范围 20 (2020 福建省高三二模(文) )已知函数( )e x f xabx (1)当1a 时,求 ( )f x的极值; (2)当1a 时, 4 ( )ln 5 f xx,求整数b的最大值 21 (2020 鸡泽县第一中学高二开学考试)已知函数)f x (ae2x+(a2) exx. (1)讨论 ( )f x的单调性; (2)若 ( )f x有两个零点,求 a 的取值范围. 22 (20

9、20 湖南省高三一模(文) )已知函数 ( )2(ln ),( sin ,cos ), ( ) x x e f xxx ax ebxx g xa b x (1)当0 x时,证明:( )0f x ; (2)当, 2 2 x 时,试判断( )g x的零点个数. 专题专题 24 导数在研究函数中的应用(导数在研究函数中的应用(2) 一、单选题一、单选题 1 (2020 四川省北大附中成都为明学校高二月考(理) )函数 2 2lnf xxx的部分图像大致为( ) A B C D 【答案】A 【解析】 2 ( )2()f xxln xfx, 函数( )f x是偶函数, ( )f x 的图象关于y轴对称,

10、 故排除 B, 又 0 lim( ) x f x , 故排除 D. f x 在 0fx 时取最小值,即 1 40 x x 时取最小值,解得 x= 1 2 ,此时 1 1 ln0 2 fx 故排除 C. 故选:A. 2 (2020 四川省北大附中成都为明学校高二月考(理) )已知函数 2 ln1f xxax在1,3内不是单 调函数,则实数a的取值范围是( ) A2,18 B2,18 C ,218, D2,18 【答案】A 【解析】 2 a fxx x , 2 ln1f xxax在1,3内不是单调函数, 故20 a x x 在1,3存在变号零点,即 2 2ax在 1,3存在零点, 218a. 故选

11、:A. 3 (2020 四川省北大附中成都为明学校高二月考(理) )已知函数 32 11 ( )1 32 x f xxexx极值点的个 数为( ) A0 B1 C2 D3 【答案】B 【解析】 由 32 11 ( )1 32 x f xxexx,可得 2( ) (1)() xxx fxexexxxex, 由1 x ex,可得0 x ex ,令 ( ) 0fx ,可得1x, 当(, 1)x 时, ( ) 0fx ,函数单调递减; 当( 1,)x 时, ( ) 0fx ,函数单调递增; 故可得函数存在一个极值点, 故选:B. 4 (2020 黄冈中学第五师分校高二期中(理) )设ea, ln b

12、, 3 ln3 c ,则, ,a b c大小关系是( ) Aac b Bbca Ccba Dcab 【答案】A 【解析】 考查函数( ) ln x f x x ,则 2 ln1 ( ) (ln ) x fx x , ( )f x在(e,)上单调递增,e3 , (e)(3)()fff ,即 e3 lneln3ln ,acb,故选 A. 5 (2020 江西省奉新县第一中学高二月考(理) )已知函数( )yf x(0,) 2 x ,( )yfx 是其导函数, 恒有 ( )( )tanf xfxx,则( ) A 3 ()2 () 43 ff B3 ()2 () 43 ff C(1)2 ( )sin1

13、 6 ff D2 ()() 64 ff 【答案】A 【解析】 因为 ( )( )tanf xfxx,即 fx sinx f x cosx , 因为0, 2 x ,故0cosx,则上式等价于: 0fx sinxf x cosx , 构造函数 ,0, 2 f x g xx sinx ,则 2 0 sin fx sinxf x cosx gx x , 即 g x在区间0, 2 单调递增. 则 43 gg ,即 43 sinsin 43 ff ,即 32 43 ff ,故A正确,B错误; 又 1 6 gg ,即 16 1 sin 6 f f sin ,即 121 6 ffsin ,故C错误; 又 64

14、 gg ,即 64 sinsin 64 ff ,即 2 ()() 64 ff ,故D错误. 故选:A. 6 (2020 黄冈中学第五师分校高二期中(理) )若对于任意的 12 0 xxa,都有 2112 12 lnln 1 xxxx xx , 则a的最大值为( ) A2e Be C1 D 1 2 【答案】C 【解析】 由已知有 211212 lnlnxxxxxx,两边同时除以 12 x x,化简有 12 12 ln1ln1xx xx ,而 12 0 xx,构 造函数 2 ln1ln ( ),( ) xx f xfx xx , 令 ( ) 0 , 01 ;f xx 令( ) 0,1fxx , 所

15、以函数( )f x在(0,1)上 为增函数,在(1,)上为减函数,由 12 12 ln1ln1xx xx 对于 12 0 xxa恒成立,即( )f x在(0, )a为增 函数,则01a,故a 的最大值为 1,选 C. 7 (2020 蚌埠田家炳中学高二开学考试(理) )已知函数 f x的定义域为0,,且满足 0f xxfx ( fx 是 f x的导函数) ,则不等式 2 111xf xfx 的解集为( ) A,2 B1, C1,2 D1,2 【答案】D 【解析】 构造函数 g xxf x,其中0 x,则 0g xf xxfx , 所以,函数 yg x在定义域0,上为增函数, 在不等式 2 11

16、1xfxfx 两边同时乘以1x得 22 1111xf xxfx ,即 2 11g xg x , 所以 2 2 11 10 10 xx x x ,解得12x, 因此,不等式 2 111xfxfx 的解集为1,2,故选:D. 点睛: 本题考查利用构造新函数求解函数不等式问题,其解法步骤如下: (1)根据导数不等式的结构构造新函数 yg x; (2)利用导数分析函数 yg x的单调性,必要时分析该函数的奇偶性; (3)将不等式变形为 12 g xg x,利用函数 yg x的单调性与奇偶性求解. 8 (2020 江西省石城中学高二月考(文) )已知定义在,00,上的偶函数 f x的导函数为 fx ,对

17、定义域内的任意x,都有 22f xxfx 成立,则使得 22 424x f xfx成立的x 的取值范围为( ) A 0, 2x x B 2,00,2 C , 22, D , 20,2 【答案】C 【解析】 当0 x时,由 22f xxfx ,得 220f xxfx , 两边同乘x得 2 220 xf xx fxx, 设 22 g xx f xx,则 2 220g xxf xx fxx恒成立, g x在(0,)单调递减, 由 22 424x f xfx,则 22 424x f xxf,即 2g xg, 因为 f x是偶函数, 所以 22 g xx f xx也是偶函数,则不等式 2g xg等价 2

18、gxg, 即 2x ,则2x 或2x, 即实数x的取值范围是 , 22, ,故选 C 二、多选题二、多选题 9 (2020 山东省高二期中)已知 1,abe 为自然对数的底数,则下列不等式一定成立的是( ) A ab aebe Blnlnabba Clnlnaabb D ab beae 【答案】ACD 【解析】 设 x f xxe,1x ,则 10 x fxxe在1,上恒成立,故函数单调递增, 故 f af b,即 ab aebe,A 正确; 设 ln x g x x ,1x ,则 2 1 ln x gx x ,函数在1,e上单调递增,在, e 上单调递减,故当 1 bae时, g ag b

19、,即 lnlnab ab ,故lnlnabba,B 错误; 设 lnh xxx,1x ,则 ln10h xx 在1,上恒成立,故函数单调递增, h ah b,即 lnlnaabb,C 正确; 设 x e k x x ,1x ,则 2 1 0 x ex kx x 在 1,上恒成立,故函数单调递增, 故 k ak b,即 ab ee ab ,故 ab beae,D 正确. 故选:ACD. 10 (2020 江苏省扬州中学高二期中)关于函数 sin x f xeax,,x ,下列说法正确的是 ( ) A当1a 时, f x在 0,0f处的切线方程为210 xy B当1a 时, f x存在唯一极小值点

20、 0 x且 0 10f x C对任意0a, f x在 ,上均存在零点 D存在0a , f x在 ,上有且只有一个零点 【答案】ABD 【解析】 选项 A,当1a 时, sin x f xex,,x ,所以 01f, 故切点为0,1, x fxecosx,所以切线斜率 02kf, 故直线方程为:120yx ,即切线方程为:2 10 xy ,选项 A 符合题意; 选项 B,当1a 时, sin x f xex,,x , x fxecosx, sin0 x fxex恒成立,所以 fx单调递增, 又 3 4 33 cos0 44 fe ,20 2 f , 故 f x存在唯一极值点,不妨设 0 3 ,

21、42 x , 则 0 0fx,即 0 0 0 x ecosx, 0 00000 sinsincos2sin1,0 4 x f xexxxx ,选项 B 符合题意; 对于选项 sin x f xeax,,x , 令 0f x ,即sin0 x eax, 当xk,1k 且kZ显然没有零点,故xk,1k 且kZ, 所以 sin x e a x ,则令 sin x e F x x , 2 cossin sin x exx Fx x , 令 0Fx,解得 3 4 xk ,1k ,kZ, 所以 3 , 4 xkk 单调递减, 3 , 4 xkk 单调递增, 有极小值 33 44 3 22 4 k fkee

22、 , 1 , 4 xkk 单调递增, 1 , 4 xkk 单调单调递减, 有极大值 11 44 1 22 4 k fkee , 故选项 C,任意0a均有零点,不符合,选项 D, 存在0a ,有且只有唯一零点,此时 1 4 2ae , 故选:ABD. 11 (2020 山东省高二期中)已知函数 cossinf xxxx,下列结论中正确的是( ) A函数 f x在 2 x 时,取得极小值1 B对于0,x , 0f x 恒成立 C若 12 0 xx,则 11 22 sin sin xx xx D若 sin x ab x ,对于0, 2 x 恒成立,则a的最大值为 2 ,b的最小值为 1 【答案】BC

23、D 【解析】 因为 cossinf xxxx,所以 cossincossinfxxxxxxx , 所以0 22 f ,所以 2 x 不是函数的极值点,故 A 错; 若0,x,则 sin0fxxx ,所以函数 cossinf xxxx在区间0,上单调递减;因此 00f xf,故 B 正确; 令 sin x g x x ,则 2 cossinxxx gx x , 因为 cossin0f xxxx在0,上恒成立, 所以 2 cossin 0 xxx gx x 在0,上恒成立, 因此函数 sin x g x x 在0,上单调递减; 又 12 0 xx,所以 12 g xg x,即 12 12 sins

24、inxx xx ,所以 11 22 sin sin xx xx ,故 C 正确; 因为函数 sin x g x x 在0,上单调递减; 所以0, 2 x 时,函数 sin x g x x 也单调递减, 因此 sin2 2 x g xg x 在0, 2 上恒成立; 令 sinh xxx,0, 2 x ,则 1 cos0h xx 在0, 2 上恒成立, 所以 sinh xxx在0, 2 上单调递增, 因此 sin0h xxx,即 sin 1 x x 在0, 2 上恒成立; 综上, 2sin 1 x x 在0, 2 上恒成立,故 D 正确. 故选:BCD. 12 (2020 盐城市大丰区新丰中学高二

25、期中)关于函数 2 lnf xx x ,下列判断正确的是( ) A2x是 f x的极大值点 B函数( ) yf xx=- 有且只有 1 个零点 C存在正实数k,使得 f xkx成立 D对任意两个正实数 1 x, 2 x,且 12 xx,若 12 f xf x,则 12 4xx. 【答案】BD 【解析】 A.函数的 的定义域为(0,+) , 函数的导数 f(x) 22 212x xxx ,(0,2)上,f(x)0,函数单调递减, (2,+)上,f(x) 0,函数单调递增, x2 是 f(x)的极小值点,即 A 错误; B.yf(x)x 2 x lnxx,y 2 21 xx 1 2 2 2xx x

26、 0, 函数在(0,+)上单调递减,且 f(1)12ln11=10,f(2)21 ln22= ln211 时,f(x)0,所以 f(x)在1,e上是增函数, 所以 f(x)的最小值是 f(1)1,最大值是 f(e)1e2. (2)证明:令 23 12 ( )( )( )ln 23 F xf xg xxxx, 所以 2 23233 2 (1) 21 1211 ( )2 xxx xxxxx F xxx xxxx 因为 x1,所以 F(x)0,所以 F(x)在(1,)上是减函数, 所以 121 ( )(1)0 236 F xF .所以 f(x)g(x) 所以当 x(1,)时,函数 f(x)的图象在

27、32 21 ( ) 32 g xxx的下方 18.(2020 广西壮族自治区高三其他(文) )已知函数 exf xa x ,其中 e 是自然对数的底数. (1)若ea,证明: 0f x ; (2)若0,x时,都有 f xfx,求实数 a 的取值范围. 【答案】 (1)证明见解析(2),1 【解析】 (1)由题意,当ea时, ee x f xx, 所以 ee x fx,当1x 时, ( ) 0fx =; 当,1x 时, ( ) 0fx , f x单调递增; 所以 f x在1x 时取得极小值,也是最小值. 所以 10f xf. (2)令 ee2 xx g xf xfxax ,0,x, 由0,x时,

28、都有 f xfx,所以 0g x 在0,上恒成立. 由 ee2 xx g xa ,令 h xg x , 则 2 e1 0 e x x h x 在0,上恒成立. 所以 g x 在0,上单调递增,又 022ga , 当1a 时, 00g xg , 所以 g x在0,上单调递增, 所以 00g xg,即 f xfx,满足题意. 当1a 时,因为 g x 在0,上单调递增, 所以 min 0220g xga, 存在0,t,使得当0,xt时, ( ) 0gx , g x在0,t上单调递减, 所以当0,xt时, 00g xg,这与 0g x 在0,上恒成立矛盾. 综上所述,1a ,即实数 a 的取值范围,

29、1. 19 (2020 甘肃省高三二模(文) )已知函数 2 ( )(25)85() x f xe xaxaaR (1)当1a 时,求函数 ( )f x的极值; (2)当0,2x时,若不等式 2 ( )2f xe恒成立,求实数a的取值范围 【答案】 (1)极大值为 2 7 e ,极小值为 3 3e .(2) 2 52 , 8 e 【解析】 (1)由1a 得 2 33 x fxexx , 故 2 623 xx fxexxexx. 令 0fx,解得2x或3x , 由 0fx ,得2x或3x , 所以 f x在 , 2 和3,单调递增, 由 0fx ,得23x , 所以 f x在2,3单调递减. 所

30、以 f x极大值为 2 7 2f e ,极小值为 3 33fe. (2) 23 x fxexax,0,2x, 令 230 x fxexax,得 1 2xa , 2 3x , (i)当20a,即0a时, f x在0,2单调递减, 依题意则有 22 2412faee成立, 得 3 4 a ,此时不成立; (ii)当022a,即 10a 时, f x在0, 2a上单调递增,在2 ,2a上单调递减, 依题意则有 2 22 0852, 2412, fae feae 得 2 52 8 3 4 e a a ,由于 2 52 1 8 e ,故此时不成立; (iii)当22a,即1a时, f x在0,2上单调递

31、增, 依题意则有 2 02fe,得 2 52 8 e a 综上,a的取值范围是 2 52 , 8 e . 20 (2020 福建省高三二模(文) )已知函数( )e x f xabx (1)当1a 时,求 ( )f x的极值; (2)当1a 时, 4 ( )ln 5 f xx,求整数b的最大值 【答案】 (1)当0b时, ( )f x无极值;当 0b时, ( )f x有极小值 lnbbb,无极大值 (2)1 【解析】 (1)当1a 时,( ) x f xebx,所以( ) x fxeb , 当0b时,( )0fx , ( )f x在(,) 为增函数,无极值; 当0b时,由( )0fx 得lnx

32、b,由( )0fx 得lnxb; 所以 ( )f x在(,ln )b 为减函数,在(ln ,)b 为增函数 当lnxb时, ( )f x取极小值,(ln )lnfbbbb 综上,当0b时, ( )f x无极值;当 0b时, ( )f x有极小值 lnbbb,无极大值 (2)当1a时, 4 ln 5 x aebxx,将函数看成以a为主元的一次函数, 则只需证 4 ln 5 x ebxx即可, 因为0 x,所以只需 4 ln 5 x ex b x ,令 4 ln 5 ( ) x ex g x x , 4 (1) 5 ge,所以 4 5 b e 2 1 (1)ln 5 ( ) x exx g x x

33、 ,令 1 ( )(1)ln 5 x F xexx, 1 ( )e0 x F xx x ,所以( )F x在(0,)递增 2 11 (1)0,(2)ln20 55 FFe , 根据零点存在性定理, 0 (1,2)x,使得 0 0F x,即 0 00 1 1ln0 5 x exx 当 0 0,xx时,( )0F x ,即( )0g x,( )g x为减函数, 当 0, xx时,( )0F x ,即( )0g x,( )g x为增函数, 所以 0 0 0 min0 00 4 ln 1 5 ( ) x x ex g xg xe xx , 故 0 0 1 x b e x ; 1 x ye x 在(0,

34、)递增, 0 (1,2)x ,所以 0 0 1 1 x ee x ,又 4 5 b e 所以整数b的最大值是 1 21 (2020 鸡泽县第一中学高二开学考试)已知函数)f x (ae2x+(a2) exx. (1)讨论 ( )f x的单调性; (2)若 ( )f x有两个零点,求 a 的取值范围. 【答案】 (1)见解析; (2)(0,1). 【解析】 (1) f x的定义域为, , 2 221121 xxxx fxaeaeaee , ()若0a,则 0fx ,所以 f x在, 单调递减. ()若0a,则由 0fx 得lnxa. 当, lnxa 时, 0fx ;当ln ,xa 时, 0fx

35、,所以 f x在, lna 单调递减, 在ln , a单调递增. (2) ()若0a,由(1)知, f x至多有一个零点. ()若0a,由(1)知,当lnxa时, f x取得最小值,最小值为 1 ln1lnfaa a . 当1a 时,由于ln0fa,故 f x只有一个零点; 当1,a时,由于 1 1ln0a a ,即ln0fa,故 f x没有零点; 当0,1a时, 1 1ln0a a ,即ln0fa. 又 422 2e2 e22e20faa ,故 f x在, lna 有一个零点. 设正整数 0 n满足 0 3 ln1n a ,则 0000 0000 ee2e20 nnnn f naannn.

36、由于 3 ln1lna a ,因此 f x在ln , a有一个零点. 综上,a的取值范围为0,1. 点睛:研究函数零点问题常常与研究对应方程的实根问题相互转化.已知函数 ( )f x有2个零点求参数a的取值 范围,第一种方法是分离参数,构造不含参数的函数,研究其单调性、极值、最值,判断y a 与其交点的 个数,从而求出 a 的取值范围;第二种方法是直接对含参函数进行研究,研究其单调性、极值、最值,注 意点是若 ( )f x有 2 个零点,且函数先减后增,则只需其最小值小于 0,且后面还需验证最小值两边存在大 于 0 的点. 22 (2020 湖南省高三一模(文) )已知函数 ( )2(ln )

37、,( sin ,cos ), ( ) x x e f xxx ax ebxx g xa b x (1)当0 x时,证明:( )0f x ; (2)当, 2 2 x 时,试判断( )g x的零点个数. 【答案】 (1)证明见解析(2)( )g x的零点个数为 2 【解析】 (1)( )2(ln ) x e f xxx x 则 2 (1)2 ( ) x xex fx x . 令( )2 (0) x G xex x, ( )2(0) x G xex, 易得( )G x在(0,ln2)递减,在(ln2,)递增 ( )(ln2)22ln20G xG , 20 x ex在(0, )恒成立. ( )f x在

38、(0,1)递减,在(1,)递增. ( )(1)20f xfe ,故( )0f x (2)( )sincos x g xa bxxex , ( )sincoscossincos1 sin xxxx g xxxxexexexxex . 当,0 2 x 时, 0 x ex, 1 cos0,sin0 xx exxex ( )cos1 sin0 xx g xexxex ( )g x 在,0 2 单调递增,(0)10,0 2 gg . ( )g x 在,0 2 上有一个零点, 当(0, 4 x 时,cossin , x xxex, cossin ,( )0 x exxxg x在(0, 4 恒成立, ( )g x 在(0, 4 无零点. 当(, 4 2 x 时,0cossinxx, ( )(cossin )( cossin )0 x g xexxxxx , ( )g x 在(, 4 2 单调递减, 4 2 0,0 22424 gge ( )g x 在(, 4 2 存在一个零点. 综上,( )g x的零点个数为 2.

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