2022届湖南省长沙市名校高三上学期第一次月考数学试题.docx

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1、长沙市名校长沙市名校 2022 届高三上学期第一次月考届高三上学期第一次月考 数学数学 本试卷共本试卷共 8 页时量页时量 120 分钟满分分钟满分 150 分分 一、一、单项选择题:本题共单项选择题:本题共 8 小题,每小题小题,每小题 5 分,共分,共 40 分,在每小题给出的四个选项中分,在每小题给出的四个选项中, 只有一项是符合题目要求的只有一项是符合题目要求的 1设集合1,0,1,2A ,集合 128| x Bx,则AB () A1,1B1,2C0,1,2D1,2,3 2设复数 z 满足 2 1 i z i 则z () A1B2C 1 2 D 2 2 3对具有线性相关关系的变量 x,

2、y,测得一组数据如下: x24568 y2040607080 根据上表,利用最小二乘法得它们的回归直线方程为10 5yxa,据此模型预测当20 x 时,y 的 估计值为() A210.5B211C211.5D212 4过抛物线, 2 2(0)ypx p的焦点 F 作斜率大于 0 的直线 l 交抛物线于 A,B 两点(A 在 B 的上 方) ,且 l 与准线交于点 C,若4CBBF ,则 | | AF BF () A2B3C 5 3 D 5 2 5公元前 3 世纪,古希腊欧几里得在几何原本里提出: “球的体积(V)与它的直径(D)的立方 成正比” ,此即 3 VkD,欧几里得未给出 k 的值17

3、 世纪日本数学家们对球的体积的方法还不了解,他 们将体积公式 3 VkD中的常数 k 称为“立圆率”或“玉积率” 类似地,对于等边圆柱(轴截面是正方 形的圆柱) ,正方体也可利用公式 3 VkD求体积(在等边圆柱中,D 表示底面圆的直径;在正方体中,D 表示棱长) 假设运用此体积公式求得球奖(直径为 a) ,等边圆柱(底面圆的直径为 a) ,正方体(棱长为 a)的“玉积率”分别为 123 kkk、 、,那么 123 :kk k :() A:2 32 B:2 64 C:1 32 D:1 64 6已知(0,) 2 a 且 2 12cos7sin240,若tan3,则tan() A 1 13 或7B

4、 7 11 或 1C1D 1 13 7某电视台的夏日水上闯关节目一共有三天,第一关与第二关的过关率分别为 2 3 , 3 4 只有通过前一关 才能进入下一关,每一关都有两次闯关机会,且通过每关相互独立一选手参加该节目,则该选手能进人 第三关的概率为() A 1 2 B 5 6 C 8 9 D15 16 8已知双曲线 22 22 :1(0,0) xy Cab ab 的左,右焦点分别为 1 F、 2 F,过点 2 F作倾斜角为的 直线 l 交双曲线 C 的右支于 A,B 两点, 其中点 A 在第一象限, 若 1 ABAF, 且双曲线 C 的离心率为 2 则 cos() A 1 4 B 1 3 C

5、2 3 D 1 2 二二、多项选择题多项选择题:本题共本题共 4 小题小题,每小题每小题 5 分分,共共 20 分分在每小题给出的选项中在每小题给出的选项中,有多有多 项符合题目要求全部选对的得项符合题目要求全部选对的得 5 分,有选错的得分,有选错的得 0 分,部分选对的得分,部分选对的得 2 分分 9已知函数( )3cos(2)1 3 f xx ,则下列关于( )f x的说法正确的是() A最大值为 4B在 5 (,) 4 12 上单调递减 C(,1) 6 是它的一个对称中心D 6 x 是它的一条对称轴 10已知不等式 2 0(0)xaxba的解集是|x xd,则下列四个结论中正确的是()

6、 A 2 4abB 2 1 4a b C若不等式 2 0 xaxb的解集为 12 ,x x,则 12 0 x x D若不等式 2 xaxbc的解集为 12 ,x x,且 12 4xx,则4c 11如图已知 P 是半径为 2,圆心角为 3 的一段圆弧AB上的一点,若2ABBC ,则PC PA 的值 可以是 (参考数据1336.60) () A2B1C0D1 12如图所示,在矩形ABCD中,2,1ABBC,E 为CD上一动点,现将BEC沿BE折起至 BEF,在平面FBA内作FGAB,G 为垂足设,CEs BGt,则下列说法正确的是() A若BF 平面AEF,则 1 2 t B若AF 平面BEF,则

7、 2 3 s C若平面BEF 平面ABED,且1s ,则 1 2 t D若平面AFB 平面ABED,且 3 2 s , 则 3 4 t 三三、填空题:本题共填空题:本题共 4 小题,每小题小题,每小题 5 分,共分,共 20 分分 13若 ln1 x fxekx是偶函数,则k _ 14,已知直线:30l mxy与圆 22 (1)(2)4xy交于 A,B 两点,过 A,B 分别做 l 的垂线 与 x 轴交于 C,D 两点,若4AB ,则CD _ 15设函数 ln ( ) x f xax x ,若曲线 yf x在1x 处的切线经过点2, 1则实数 a 的值为 ; f x在 1 ,e e (e 为自

8、然对数的底数,271828e )上的最小值为_ 16 在 数 列 n a中 , 对 任 意 *, n nNak, 当 且 仅 当 1 22, kk nkN , 若 满 足 24816 +52 mmmmm aaaaa,则 m 的最小值为_ 四四、解答题:本题共解答题:本题共 6 小题,共小题,共 70 分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤 17 (本小题满分 10 分) 在ABC中内角 A,B,C 所对的边分别为 a,b,c已知2,7ab,面积 3 cos 2 SacB,求 cosC的值 18 (本小题满分 12 分) 比知数列 n a满足: 13 2

9、0,8 nn aaa (1)求数列 n a的通项公式; (2)设 n n n b a 数列 n b的前 n 项和为 n T若22021 n Tm对 * nN恒成立求正整数 m 的最大 值 19 (本小题满分 12 分) 设甲、乙两位同学在高中年级上学期间,甲同学每天 6:30 之前到校的概 率均为 2 3 ,乙同学每天 6:30 之前到校的概率均为 3 4 ,假定甲、乙两位同学到校情况互不影响,且任一同 学每天到校情况相互独立 (1)设 A 为事件“上学期间的五天中,甲同学在 6:30 之前到校的天数为 3 天” ,B 为事件“上学期 间的五天中,甲同学有且只有一次连续两天在 6:30 之前到

10、校”,求在事件 A 发生的条件下,事件 B 发生 的概率, (2)甲、乙同学组成了学习互助小组后,若某天至少有一位同学在 6:30 之后到校,则之后的一天 甲,乙同学必然同时在 6:30 之前到校,在上学期间的五天,随机变量 Y 表示甲、乙同学同时在 6:30 之 前到校的天数,求 Y 的分布列与数学期望 20 (本小题满分 12 分) 如图,在ABC中,2,120ACBCACBO 为ABC的外心,PO 平面ABC,且 6PO (1)求证:/ /BO平面PAC; (2) 设平面PAO平面PBCl; 若点 M 在线段PC上运动, 且PMPC , 当直线 l 与平面ABM 所成角取最大值时,求的值

11、 21 (本小题满分 12 分) 设椭圆 22 :1 95 xy C长轴的左,右顶点分别为 A,B (1) 若 P、Q 是椭圆上关于 x 轴对称的两点, 直线,AP BQ的斜率分别为 121 2 ,0k kk k , 求 12 kk 的最小值; (2)已知过点0, 3D的直线 l 交椭圆 C 于 M、N 两个不同的点,直线,AM AN分别交 y 轴于点 S、 T,记,DSDO DTDO (O 为坐标原点) ,当直线 1 的倾斜角为锐角时,求的取值范围 22 (本小题满分 12 分) 已知函数 2 2 1 ( )2 2 x x f xxx e (271.828e 是自然对数的底数) (1)设0,

12、4x,求 f x的最小值; (2)讨论关于 x 的方程 2 11 ( )2|()l 2 n x f xxxaaR e x x 的根的个数, 长沙市名校长沙市名校 2022 届高三上学期第一次月考届高三上学期第一次月考 数学参考答案数学参考答案 一、一、单项选择题:本题共单项选择题:本题共 8 小题,每小题小题,每小题 5 分,共分,共 40 分在每小题给出的四个选项中分在每小题给出的四个选项中, 只有一项是符合题目要求的只有一项是符合题目要求的 题号12345678 答案CBCCDDBA 1 C 【解析】 由函数2xy 单调递增, 不等式 03 222 x 解得03x, 即集合03|Bxx,

13、则0,1,2AB 故选 C 2B【解析】因为 2i2i(i 1) 1 i 1 i(i 1)(i 1) z ,所|2z 故选 B 3C【解析】 245682040607080 5,54 55 xy ,将5,54xy代入 10 5yxa 得5452515a ,则10515yx,当20 x 时,10 520152115y ,应选答案 C 4C【解析】分别过 A,B 作准线的垂线,垂足分别为 11 ,A B,设,BFx AFy, 则 11 | | BBAABF BCBCAC , 1 44 y yxx , | | 5 3| AFy BFx 故选 C 5D【解析】由题意得球的体积为 333 11 44 (

14、 ) 33266 a VaRk ; 等边圆柱的体积为 223 22 ( ) 244 a VaaRka ; 正方体的体积 3 33 1Vak,所以 123 :1 64 kkk ,故选 D 6D【解析】由 2 12cos7sin240,得 22 4cos7sincos2sin0, 所以 2 2tan7tan40,求得tan 1 2 (舍) ,tan4 又 tan()tan3tan tantan() 1 tan()tan1 3tana , 将tan4的值代入上式可得: 1 tan 13 故选 D 7 B 【解析】 该选手闯过第一关的概率为 1 2128 3339 P , 闯过第二关的概率为 2 31

15、315 44416 P , 所以该选手能进入第三关的概率为 8155 9166 P 故选 B 8A【解析】由双曲线的定义知, 12 2AFAFa, 1 ABAF, 121 AFBFAF,即 122 2AFAFBFa, 12 24BFBFaa, 在 12 BFF中,由余弦定理知, 222 2121 212 | cos 2| | BFFFBF BFFF , 22222 44163 cos 2 222 acaca acac 431 2,cos 44 c e a ,故选 A 二二、多项选择题多项选择题:本题共本题共 4 小题小题,每小题每小题 5 分分,共共 20 分分在每小题给出的选项中在每小题给出

16、的选项中,有多有多 项符合题目要求全部选对的得项符合题目要求全部选对的得 5 分,有选错的得分,有选错的得 0 分,部分选对的得分,部分选对的得 2 分分 题号9101112 答案ADABDABCAC 9AD【解析】由( )3cos(2)1 3 f xx ,( )f x的最大值为 4,所以 A 正确; 因为当 5 (,) 4 12 x 时, 57 2(,) 366 x ,( )f x不是单调函数,所以 B 错误; 因为(,1) 6 不在 yf x图象上,所以不是其对称中心,所以 C 错误; 因为()4 6 f 为函数的最大值,所以 6 x 对称轴,所以 D 正确,故选 AD 10ABD【解析】

17、由题意 2 40ab, 2 4 a b ,所以 A 正确; 对于 B: 222 22 144 24aaa baa 等号当且仅当 2 2 4 a a ,即2a 时成立, 所以 B 正确; 对于 C:由韦达定理,知 2 12 0 4 a x xb ,所以 C 错误; 对于 D:由韦达定理,知 2 1212 , 4 a xxa x xbcc , 则 2 22 121212 |()44()24 4 a xxxxx xacc,解得4c ,所以 D 正确; 故选 ABD 11ABC【解析】以圆心为原点,平行AB的直线为 x 轴,AB的垂直平分线为 y 轴,建立平面直 角坐标系, 则( 1, 3),(2,

18、3)AC设 2 (2cos2sin ), 33 ,P , 则(22cos , 32sin ) ( 1 2cos , 32sin )PC PA 52cos4 3sin52 13sin(),且 33 0tan,0 636 , 5 36 , sin()y在(, 3 2 递增,在 5 ,) 26 递减, 当 2 时,PC PA 最小值为52 13, 当 2 3 时,PC PA 的最大值为 22 52cos4 3sin0 33 , 则52 13,0PC PA 所以 ABC 正确,D 错误,故选 ABC 12AC【解析】对于 A,若BF 平面AEF,则BFAF, 在Rt BGF中,2,1ABBFBC,则,

19、 360AFABF , FG是三角形的高,则 1 cos60 2 tBGBF 所以 A 正确; 对于 B,若AF 平面BEF,则有,AFBF AFEF, 则3AF ,在Rt AEF中, 22222 AFEFAEADDE, 即 2222 ( 3)(2)1ss,解得 1 2 s ,所以 B 错误; 对于 C,若平面BEF 平面ABED,作FHBE,垂足为 H, 因为平面BEF 平面ABEDBE,所以FH 平面ABED,从而FHAB, 又ABFG,所以AB 平面FHG,从而ABHG, 因为1s ,所以在等腰直角三角形FEB中, 2 2 BH , 所以在等腰直角三角形BGH中, 1 2 tBG,所以

20、C 正确; 对于 D,若平面AFB 平面ABED,平面AFB平面ABEDAB, 又ABFG,故FG 平面ABED, 所以FGBE,作FHBE,垂足为 H, 从而有BE 平面FGH,从而BEHG,从而有 C,H,G 三点共线, 则90CGBGCB,又90EBCGCB, 故CGBEBC,又90GBCBCE , 所以Rt CBGRt ECB,故 BGCB CBEC , 因为 3 1, 2 CBsEC,所以 2 3 tBG,所以 D 错误;故选 AC 三三、填空题:本题共填空题:本题共 4 小题,每小题小题,每小题 5 分,共分,共 20 分分 13 1 2 【解析】 f x是偶函数, 1 ( 1)(

21、1),ln(1)ln(1)ffkek e , 1 2 k 经检验 1 2 k 符合题意,故答案为 1 2 144 2【解析】圆 22 (1)(2)4xy,圆心1,2,半径2r , 4AB ,直线:30l mxy过圆心1,2, 230m ,1m ,直线:30l xy,倾斜角为135, 过 A,B 分别做 l 的垂线与 x 轴交于 C,D 两点, 4 4 2 sin452 2 AB CD 15 1 1 e e 【解析】 函数 ln ( ) x f xax x , 则 f x定义域为0,, 2 2 ln1 ( ) xax fx x 由题设 (1)( 1) (1) 12 f f ,解得1a 从而 2

22、2 (1) ( ) lnx f x x x ;当01x时, 0,1fxx时, 0fx 可知 f x在 1 ,1 e 单调递增在1,e上单调递减又 111 ( )( )f eefe eee , 所以 f x在 1 ,e e 上的最小值为 11 ( )fe ee 16512【解析】不妨设 1* 22, kk mkN mN ,由题意可得, m ak, 因为 12 222, kk mkN ,所以 2 1 m ak, 同理可得, 4816 2,3,4 mmm akakak, 所以 24816 1234510 mmmmm aaaaakkkkkk, 因为 24816 52 mmmmm aaaaa,所以510

23、52k ,解得 42 5 k ,又kN, 所以 k 的最小值整数解为 9,故 m 的最小值为 9 2512故答案为:512 四四、解答题:本题共解答题:本题共 6 小题,共小题,共 70 分解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤分解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤 17 【解析】由三角形面积公式 1 sincos 3 22 BBacac,则tan3B , 0,B,60B 4 分 (法一)由正弦定理 sinsin ab AB 得, sin sin 3 2 21 2 77 a b B A 又由27ab得AB,所以 2 2 7 cos1 sin 7 AA,8 分 所以coscoscoscossi

24、nsinCABABAB 2 712137 727214 10 分 (法二)由余弦定理得 222222 222 2cos60( 7)cosBbacaccc , 即 2 230cc,解得1c (舍)或3c ,8 分 由余弦定理得 4797 cos 142 27 C 10 分 18 【解析】 (1)因为数列 n a满足: 13 20,8 nn aaa , 所以 1 2 nn aa ,设 n a的公比为 q,可得2q ,4 分 又 3 8a ,即 1 48a ,解得 1 2a ,4 分 所以2 n n a ;5 分 (2) 2 n n n nn b a ,6 分 23 123 2222 n n n T

25、 , 2341 1123 22222 n n n T ,7 分 上面两式相减可得 231 1111 22222 n nn n T 1 11 (1) 22 1 2 1 2 n n n ,8 分 化简可 2 2 2 n n n T ,9 分 因为 1 11 321 220 222 xn nnn nnn TT ,10 分 所以 n T递增, 1 T最小,且为 1 2 所以 1 22021 2 m,11 分 解得2022m,则 m 的最大值为 202112 分 19 【解析】 (1)事件AB包含 6 种情况;甲同学第 1、2、4 天 6:30 之前到校; 甲同学第 1、2、5 天 6:30 之前到校;

26、甲同学第 2、3, 、5 天 6:30 之前到校; 甲同学第 1、3、4 天 6:30 之前到校;甲同学第 1、4、5 天 6:30 之前到校; 甲同学第 2、4、5 天 6:30 之前到校,故 32 2116 ()6( ) ( ) 3381 P AB ,又 332 5 2180 ( )( ) ( ) 33243 P AC, 所以 ()3 (|) ( )5 P AB P B A P A 5 分 (2)随机变量 Y 的所有可能取值为 2、3、4、5 则 334 11119 (2)( ),(3)3( )3( ) 282216 P YP Y, 455 11911 (4)4( )( ),(5)( )

27、2232232 P YY.10 分 则随机变量 Y 的分布列为: Y2345 P 1 8 9 16 9 32 1 32 11 分 则 1991103 ( )2345 816323232 E Y 12 分 20 【解析】 (1)如图,连接OC,交AB于点 D,O 为ABC的外心, 2,ACBCOAOBOC,所以OACOBC, 所以 1 60 2 ACOBCOACB 故OAC和OBC都为等边三角形,3 分 即四边形OACB为菱形,所以/ /OBAC 又AC 平面PAC,OB 平面PAC,所以/ /BO平面PAC5 分 (2)由(1)同理可知因为/ /BO平面POA,BC 平面PBC, 平面PAO平

28、面PBCl,所以/ /BCl6 分 如图所示:以点 D 为原点,,DA DC,垂直平面ABC的直线分别为 x,y,z 轴建立空间直角坐标系 则( 3,0,0), (3,0,0),(0,1,0), (0, 1, 6),( 3,1,0)ABCPBC 设PMPC 所以( 3,21, 6(1),(2 3,0,0)BMBPPMBA 设平面ABM的法向量为, , )(nx y z 2 30 3(21)6(1)0 BAx BMxyz n n ,得 0 (21)6(1)0 x yz 令6y 得 21 (0, 6,) 1 n 9 分 所以直线 l 与平面ABM所成角的正弦值为: 222 61 sincos, 2

29、1 ( 3)16(2) 1 n BC ,11 分 即当 1 2 即点 M 是线段PC的中点时,直线 l 与平面ABM所成角取最大值12 分 21 【解析】 (1)设点 00 ,P xy,由椭圆的对称性知 00 ,Q xy,不妨令 0 0y , 由已知3,0 ,3,0AB,则 00 12 00 , 33 yy kk xx ,显然有 0 33x-,2 分 则 000 12 2 000 6 339 yyy kk xxx , 222 2 000 0 9 19 955 xyy x ,则 12 0 10 3 kk y ,4 分 因 0 05y,所以 12 0 102 5 33 kk y , 当且仅当 0

30、5y 时等号成立,即 12 kk的最小值为 2 5 3 5 分 (2)当直线 l 的倾斜角为锐角时,设 1122 ,M x yN xy、,设直线:3,0l ykxk, 由 22 3 1 95 ykx xy 得 22 (59)54360kxkx, 从而 22 (54 )4 36 (59)0kk,又0k ,得 2 3 k , 所以 1212 22 5436 , 9595 k xxx x kk ,6 分 又直线AM的方程是: 1 1 3 3 y yx x ,令0 x ,解得 1 1 3 3 y y x ,所以点 S 为 1 1 3 0, 3 y x ; 直线AN的方程是: 2 2 3 3 3 y y

31、x x ,同理点 T 为 2 2 3 0, 3 y x 所以 12 12 33 0,3 ,0,3 ,0,3 33 yy DSDTDO xx , 因为,DSDO DTDO ,所以 12 12 33 33 ,33 33 yy xx ,8 分 所以 1212 1212 12121212 2311833 222 333339 kx xkxxyykxkx xxxxx xxx 22 2 22 3654 23118 1019595 22 3654921 39 9595 k kk kkk kkk kk 2 110101 22 991 1 k k k 11 分 2 3 k , 4 ,2 3 , 综上,所以,的范

32、围是 4 ,2 3 12 分 22 【解析】 (1)由题意可求得 2 2 2 2 x xx xex xx fxx ee ,1 分 因为1,0,4 x exx x ,当0,2x时, 0fx,所以 f x在0,2上单调递减, 当2,4x时, 0fx,所以 f x在2,4上单调递增,3 分 所以0,4x时, f x的最小值为 2 4 22f e 4 分 (2)设 2 2 1 ( ) |ln|( )2|ln|,(0, 1 ) 2 xx x h xxf xxxaxa x xee , 令 2x x y e ,则 2 12 x x y e , 所以 2x x y e 在 1 (0, ) 2 上递增,在 1

33、( ,) 2 递减5 分 (i)当1,x时,ln0 x ,则 2 ( )ln x x h xxa e , 所以 2 2 ( )(21) x x e h xex x 因为 2 210,0 x e x x ,所以 0hx , 因此 h x在1,上单调递增7 分 ()当0,1x时,ln0 x ,则 2 l(n) x x x h xa e ,则 2 2 ( )(21) x x e h xex x 因为 2 222 (1,),1,01,1 x xx e eeex x ,即 2 1 x e x ,又21 1x , 所以 2 2 ( )(21)0 x x e h xex x ,因此 h x在0,1上单调递减

34、 综合(i) ()可知,当0,x时, 2 1 ( )(1)h xa e h ,5 分 当 2 (1)0hea ,即 2 1 a e 时,)(h x)没有零点,故关于 x 的方程根的个数为 0, 当 2 (1)0hea ,即 2 1 a e 时,)(h x只有一个零点, 故关于 x 的方程根个数为 1,7 分 当 2 (1)0hea ,即 2 1 a e 时,当1,x时, 22 lnln 1 ( )(n1l) x x h xaaa ee xxx , 要使 0h x ,可令ln10 xa ,即 1 , a xe ;9 分 当0,1x时, 1 2 1 ( )lnln()ln1 2 x x h xxaxeaxa e , 要使 0h x ,可令ln10 xa ,即 1 0, a xe ,所以当 2 1 a e 时, h x有两个零点,故关于 x 的方程根的个数为 2,11 分 综上所述:当 2 1 a e 时,关于 x 的方程根的个数为 0,当 2 1 a e 时,关于 x 的方程根的个数为 1, 当 2 1 a e 时,关于 x 的方程根的个数为 212 分

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