1、人教（2019版）必修二综合测试卷一、单选题(本题共8小题，每小题4分，共32分)1. 在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程。在对以下几位物理学家所做科学贡献的叙述中，正确的说法是（）A. 英国物理学家卡文迪许用实验的方法测出引力常量GB. 牛顿通过计算首先发现了海王星和冥王星C. 哥白尼首先提出了“地心说”D. 开普勒经过多年的天文观测和记录，提出了“日心说”的观点2. 如图所示是一位跳水队员在空中完成动作时头部的运动轨迹，最后运动员以速度v沿竖直方向入水则在轨迹的a、b、c、d四个位置中，头部的速度沿竖直方向的是( ) A. a位置 B. b位置 C. c位置
2、D. d位置3. 在光滑水平桌面上摆一条弯曲的轨道，它是由几段稍短的弧形光滑轨道组合而成的，如图所示。通过压缩弹簧使钢球从轨道的C端进入，在轨道的约束下做曲线运动。下列说法中正确的是 A. 小球运动过程中，受到重力、弹力和向心力作用B. 小球在运动过程中做速度不变的运动C. 弹簧弹性势能转化为小球的动能和重力势能D. 从A点飞出后，小钢球做匀速直线运动4 关于平抛运动，下列说法正确的是 （ ）A. 因为轨迹是曲线，所以平抛运动是变加速运动B. 运动时间由下落高度和初速度共同决定C. 水平位移仅由初速度决定D. 在相等的时间内速度的变化量都相等5. “玉兔号”月球车依靠太阳能电池板提供能量，如图
3、ABCD是一块矩形电池板，能绕CD转动，E为矩形的几何中心（未标出），则电池板旋转过程中（ ）A. B、E两点的转速相同B. A、B两点的角速度不同C. A、B两点的线速度不同D. A、E两点的向心加速度相同6. 如图所示为某游乐场的一个娱乐设施，图中的大转盘在竖直平面内匀速转动，坐在吊篮里的游人却显得悠然自得，对某个游人，下列说法正确的是（ ）A. 游人所受合外力恰好为零B. 游人所受合外力恰好提供向心力C. 游人的机械能保持不变D. 游人的机械能不断增加7. 2015年7月美国宇航局（NASA）发布最新消息称，天文学家发现了迄今最接近地球的“孪生星球”行星Kepler452b，其围绕一颗恒
4、星Kepler452转动，周期为368天，与恒星之间的距离大约为1.5108km，引力常量为G6.671011Nm2/kg2，天体的运动近似为圆周运动，根据以上信息，下列说法正确的是 （ ）A. 可求出该行星的质量B. 可求出该行星绕恒星运行的线速度C. 可求出行星与恒星之间的万有引力D. 可求出行星绕恒星运行所需的向心力8. 汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶图四个图象中，哪个图象正确表示了从司机减小油门开始，汽车的速度与时间的关系 （ ）A. B. C. D. 二、多选题(本题共4小题，每小题4分，
5、共16分) 9. 关于平抛运动，下列说法中正确的是 （）A. 平抛运动的速度和加速度都随时间的增加而增大B. 平抛运动是一种匀变速曲线运动C. 平抛运动的落地时间t由下落高度h决定，h越大，t越大D. 平抛运动的水平射程s仅由初速度决定，越大，s越大10. 2017年10与24日，在地球观测组织（GEO）全会期间举办的“中国日”活动上，我国正式向国际社会免费开放共享我国新一代地球同步静止轨道气象卫星“风云四号”和全球第一颗二氧化碳监测科学实验卫星(以下简称“碳卫星”)的数据“碳卫星”是绕地球极地运行的卫星，在距地700千米的圆形轨道对地球进行扫描，汇集约140天的数据可制作一张无缝隙全球覆盖的
6、二氧化碳监测图，有关这两颗卫星说法正确的是（ ）A. “风云四号”卫星的向心加速度大于“碳卫星”的向心加速度B. “风云四号”卫星的线速度小于“碳卫星”线速度C. “风云四号”卫星的周期小于“碳卫星”的周期D. “风云四号”卫星的线速度小于第一宇宙速度11. 水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上。设工件初速度为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与传送带保持相对静止。设工件质量为m，它与传送带间的动摩擦因数为，则在工件相对传送带滑动的过程中，下列判断正确的是（）A. 摩擦力对工件做的功为B. 工件的机械能增量为mv2C. 摩擦力对皮带做的功为D. 系统产生内能mv
7、212. 某次投篮过程中，运动员将篮球举到离地处，由静止将篮球投出。球投出后，在最高点时的速度，此时离地面高。从静止到最高点的过程中，球克服空气阻力做功，以地面为重力势能的零势面，下列说法正确的是（）A. 篮球机械能增加了B. 篮球在最高点的机械能C. 篮球离开手时的速度为D. 运动员对篮球做的功三、非选择题 (本题共5小题，共52分)13. (8分)在研究平抛物体运动的实验中，可以测出小球经过曲线上任意位置的瞬时速度，实验步骤如下：(1)让小球多次从_位置上由静止滚下，记下小球经过卡片孔的一系列位置；按课本装置图安装好器材，注意斜槽末端_，记下小球经过斜槽末端时重心位置O点和过O点的竖直线；
8、测出曲线某点的坐标x、y，算出小球平抛时的初速度。取下白纸，以O为原点，以竖直线为轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛轨迹。请完成上述实验步骤，并排列上述实验步骤的合理顺序：_。(2)做物体平抛运动的实验时，只画出了如图所示的一部分曲线，在曲线上取A、B、C三点，测得它们的水平距离均为x=0.2m，竖直距离h1=0.1m，h2=0.2m，试由图示求出平抛物体的初速度v0= _ m/s。（g=10 m/s2）14. (6分)在验证机械能守恒定律的实验中，质量m=1.5kg的重锤自由下落，在纸带上打出了一系列的点，如图所示，相邻记数点时间间隔为0.02，长度单位是cm，g取（1）打点计时器打下记数点B时
9、，物体的速度=_m/s(保留三位有效数字)；（2）从点O到打下记数点B的过程中，物体重力势能的减小量=_J，动能的增加量=_J(保留三位有效数字)；（3）即使在实验操作规范，数据测量及数据处理很准确的前提下，该实验测得的也一定略大于，这是实验存在系统误差的必然结果，试分析该系统误差产生的主要原因是_。15. (10分)如图所示，质量为m=1kg的小球用细线悬于A点，使小球在水平面内做匀速圆周运动。（g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）(1)若悬挂小球的细线长为l=1m，细线与竖直方向夹角，求小球的线速度大小；(2)若圆心O到悬点A的距离h=1m，求小球的角速度大小。16.
10、 (14分)滑板运动是一项刺激运动项目，深受青少年喜欢，某次比赛部分赛道如图甲所示，现将赛道简化为如图乙所示的模型：粗糙倾斜轨道AB与光滑圆弧形轨道相切于B点，粗糙水平轨道CD与光滑圆弧形轨道BC、DE相切于C、D点。运动员与滑板一起（可看作质点）从A点静止开始滑下，经轨道BC、CD滑到E点时速度恰好为零，然后返回。已知人和滑板总质量为m=60kg，倾斜轨道AB长L=5m，与水平面的夹角=53，滑板与AB的动摩擦因数为1=0.2，水平轨道CD长S=6m，圆弧形轨道半径均为R=4m，不计空气阻力，（sin53=0.8，cos53=0.6，g取10m/s2）。求：(1)运动员第一次滑到C点时对轨道
11、的压力大小；(2)滑板与水平轨道CD的动摩擦因数；(3)运动员从A点开始下滑到第一次回到AB轨道速度为零的过程损失的机械能。17. (14分)如图所示，蜗牛状轨道OAB竖直固定在水平地面BC上，与地面在B处平滑连接其中蜗牛状轨道由内壁光滑的半圆轨道OA和AB平滑连接而成，半圆轨道OA的半径0.6 m，半圆轨道AB的半径1.2 m，水平地面BC长11 m，C处是一个开口较大的深坑，一质量m=0.1 kg的小球，从O点沿切线方向以某一初速度进入轨道OA后，沿OAB轨道运动至水平地面，已知小球与水平地面间的动摩擦因数0.4，取g=10 m/s2（1）为使小球不脱离OAB轨道，小球在O点的初速度至少为
12、多大？（2）若小球在O点的初速度6 m/s，求小球在B点对半圆轨道的压力大小和方向；（3）若使小球能落入深坑C，则小球在O点的初速度至少为多大？人教（2019版）必修二综合测试卷参考答案1【答案】A【解析】英国物理学家卡文迪许用扭秤实验测出引力常量G，故A正确；牛顿发现了万有引力定律，牛顿没有发现海王星和冥王星，故B错误；哥白尼首先提出了“日心说”，故CD错误。故选A。2. 【答案】C【解析】物体做曲线运动，轨迹是曲线，任一点的切线方向为速度方向，由图可知，c点的速度方向竖直向下，故C正确。故选C。3【答案】D【解析】向心力是效果力，不能说小球受到向心力，故A错；速度是矢量，曲线运动中速度的方
13、向一直在变化，故B错；小球在水平面上运动，所以重力势能没有发生变化，即弹簧的弹性势能转化为小球的动能，故C错；由于小球是在水平面上运动，从A点飞出后受到的重力和支持力是一对平衡力，所以小球做匀速直线运动，故D正确。故选D。4【答案】D【解析】平抛运动的物体只受到重力的作用，加速度为g，保持不变，因此平抛运动是匀变速曲线运动，故A错误；竖直方向上做自由落体运动：，解得：，可知运动时间只由下落高度h决定，故B错误；水平位移：，可知水平位移由下落高度和初速度共同决定，故C错误；速度变化量为：，所以相等时间内速度变化量相等，故D说法正确。所以选D。5【答案】A【解析】根据题意，绕CD匀速转动的过程中，
14、电池板上各点的角速度相同，则转速相等故A正确，B错误；根据线速度与角速度关系式v=r，转动半径越小的，线速度也越小，由几何关系可知，A、B两点的线速度相等，故C错误；A、E两点因角速度相同，半径不同，由向心加速度的公式：a=2r可知，它们的向心加速度不同，故D错误。故选A。6【答案】B【解析】大转盘在竖直平面内做匀速圆周运动，则游人所受的合外力不为零，合外力要用于提供向心力，合外力大小不变，方向始终指向圆心，故A错误，B正确；转盘在竖直平面内做匀速圆周运动，则动能不变，重力势能在变化，故游人机械能不守恒，故C错误；对于同转盘一起下降的游人，动能不变而重力势能在减少，故机械能减小，故D错误。故选
15、B。7【答案】B【解析】根据万有引力充当向心力，只能求出中心天体的质量，由题意不能求出该行星的质量，故A错误；由周期与线速度的关系可知， ，所以由r和周期T可求出该行星绕恒星运行的线速度故B正确；天体受到的万有引力： ，由于不能求出行星的质量，所以不能求出该行星与恒星之间的万有引力故C错误；该行星绕恒星运行所需的向心力： ，由于不能求出行星的质量，所以不能求出该行星绕恒星运行所需的向心力故D错误。故选B。8【答案】C【解析】汽车匀速行驶时牵引力等于阻力；功率减小一半时，汽车的速度由于惯性来不及变化，根据功率和速度关系公式，牵引力减小一半，小于阻力，合力向后，汽车做减速运动，由公式可知，功率一定
16、时，速度减小后，牵引力增大，合力减小，加速度减小，故物体做加速度不断减小的减速运动，当牵引力增大到等于阻力时，加速度减为零，物体重新做匀速直线运动，故只有C正确。9. 【答案】BC【解析】平抛运动是加速度恒为g，初速度为v0的匀加速曲线运动。因此速度会随时间增大而增大，但加速度是不变的。故A错误，B正确；根据，解得，可知落地时间t由下落高度h决定，h越大，t越大故C正确；根据，可知水平位移与初速度和落地时间均有关，故D错误。故选BC。10. 【答案】BD【解析】根据可知运行轨道半径越大向心加速度越小，“风云四号”卫星的运行轨道半径大于“碳卫星”的轨道半径，所以“风云四号”卫星的向心加速度小于“
17、碳卫星”的向心加速度，故A错误；根据可得，风云四号”卫星的运行轨道半径大于“碳卫星”的轨道半径，所以“风云四号”卫星的线速度小于“碳卫星”的线速度，故B正确；根据可得，风云四号”卫星的运行轨道半径大于“碳卫星”的轨道半径，所以“风云四号”卫星的周期大于“碳卫星”的周期，故C错误；第一宇宙速度是最大的运行速度，所以“风云四号”卫星的线速度小于第一宇宙速度，故D正确；故选BD。11. 【答案】AD【解析】工件动能增加量为mv2，摩擦力对工件做的功为mv2；重力势能不变，所以工件的机械能增量为mv2故A正确，B错误；设工件经过时间t速度与传送带相等，则工件匀加速运动的加速度为 ，皮带的位移，工件的位
18、移，摩擦力对皮带做的功为，系统产生内能，选项C错误，D正确。故选AD。12. 【答案】BD【解析】机械能的变化要看除重力以外其他力做的功，由于球克服空气阻力做功，所以篮球机械能减小2J，A错误；以地面为参考系，篮球在最高点时，动能为和势能为，机械能为，B正确；从篮球投出到最高点时，根据动功能定理有，解得，C错误；运动员对篮球做的功等于篮球增加的动能，根据动能定理有，解得，D正确。故选BD。13. 【答案】 (1)同一 ，切线水平 ， ； (2) 2。【解析】1)为保证小球做的是同一个运动，所以必须保证从同一高度释放；为保证小球做的是平抛运动，所以必须要让斜槽末端切线水平；实验步骤是：安装器材释
19、放小球做实验取下白纸画图求解，所以顺序为：；(2)竖直方向h2-h1=gT2得到水平方向14. 【答案】 (1).0.973 ； (2).0.714 ，0.710（0.709-0.712也正确） ； (3)重锤和纸带都受到阻力的作用。【解析】（1）中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小（2）物体重力势能减小量动能的增加量（3）由于纸带通过时受到较大的阻力和重锤受到的空气阻力，重力势能有相当一部分转化给摩擦产生的内能，所以重力势能的减小量明显大于动能的增加量。15. 【答案】(1)；(2)【解析】(1)由得(2)设细线与竖直方向夹角为，由解得16. 【答案】(1)2100N；(
20、2)；(3)1670J。【解析】(1)运动员从A到C的过程由动能定理得：mgLsin53+mgR（1-cos53）-1mgcos53L=mvc2代入数据解得vc=10m/s在C点有解得FN=2100N有牛顿第三定律可知，运动员第一次滑到C点时对轨道压力大小为2100N(2)由(1)问可得：vc=10m/s，运动员从C到E的过程由动能定理得-2mgS-mgR=0-mvC2解得2=(3)运动员从E点到回到AB最高点过程由动能定理mgRcos53-2mgS-mgxsin53-1mgxcos53=0解得损失的机械能17. 【答案】(1) ； (2) ，方向竖直向下 ；(3) 。【解析】（1）要通过A点， O到A由动能定理得： 解得 （2）O到B由动能定理得： 解得 由牛顿第三定律可得轨道受到的压力为 方向竖直向下 （3）O到C由动能定理得： 解得
