1、一、选择题（共12小题，每小题2分，满分24分）1物理老师上课声音洪亮，大家听得很清楚，这里的“洪亮”是指声音的（）A响度大B音量高C音色优美D传播速度快【答案】A【解析】试题分析：声音的特征有：音调、响度、音色；上物理课时，物理老师声音洪亮，这里“洪亮”指的是声音的大小，指响度大，故BCD不符合题意，故应选A。【考点定位】响度2WiFi上网是当今广泛使用的一种无线网络传输技术，它快递信息用到的是（）A红外线B紫外线C电磁波D超声波【答案】C【解析】试题分析：WiFi利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，故应选C。【考点定位】电磁波的传播3八月桂花盛开，微风吹过，飘来阵阵花香，这说明（）A分子
2、非常小 B分了间有相互作用力C分子是可分的 D分子处在无规则运动中【答案】D【考点定位】扩散现象4铜常被用来制作导线，因为它具有（）A良好的导电性B良好的导热性C良好的弹性D较大的硬度【答案】A【解析】试题分析：铜是导体，容易导电，具有良好的导电性，因此常被用来制造导线，故A符合题意；故应选A。【考点定位】物质的物理特征5以下关于内能的说法正确的是（）A0的物体没有内能B做功和热传递都可以改变物体的内能C汽油机的做功冲程将机械能转化为内能D热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递【答案】B【考点定位】物体内能的改变；内能的概念；热传递；内燃机的四个冲程6关于水沸腾时的特点，下列说法正确的是（）
3、A水只在表面发生剧烈汽化B水只在内部发生剧烈汽化C持续加热，水温不断上升D持续加热，水温保持不变【答案】D【解析】试题分析：沸腾是液体表面和内部同时发生的汽化现象，故AB错误；水沸腾过程中继续加热，水的温度保持不变，故C错误，D正确；故应选D。【考点定位】沸腾及沸腾条件7下列做法不符合安全用电原则的是（）A可用铜丝代替熔丝来源:163文库B电冰箱的金属外壳应该接地线C控制电灯的开关必须接在火线上D使用测电笔时，手要接触笔尾金属电极【答案】A【解析】试题分析：当电路电流过大时，保险丝容易熔断而保护电路，如果用铜丝代替保险丝后，就起不到保护作用了，故A不符合安全用电原则；家庭电路安装漏电保护器、用
4、电器使用三线插头都是为了防止漏电而采取的安全措施，故B符合安全用电原则；开关接在火线上，更换灯泡时才能更安全，故C符合安全用电原则；使用测电笔时，手要与笔尾金属体接触，故D符合安全用电原则；故应选A。【考点定位】安全用电原则8可燃冰是一种藏在深海海底的新型能源，1m3可燃冰可转化为164m3的天然气和0.8m3的水，下列关于可燃冰说法错误的是（）A可燃冰是不可再生能源B1m3可燃冰比0.8m3的水质量小C可燃冰形成在压强较大的环境中D相同体积的可燃冰和天然气完全燃烧后，可燃冰释放的热量多【答案】B【考点定位】燃料的热值；能源的分类9用素描笔在纸上画一条线，再用放大镜仔细观察，发现这条线是“断裂
5、”，将100ml的酒精和100ml的水混合后，发现总体积小于200ml基于上述现象所设想的物质微观结构模型较为合理的是（）A物质是由微粒组成的，微粒之间有空隙B固体是由微粒组成的，液体是连成一片的C液体是由微粒组成的，固体是连成一片的D物质由微粒组成的，各个微粒在一起，形成我们看到的连续体【答案】A【解析】试题分析：用放大镜或低倍显微镜对笔迹仔细观察，可以看到笔画是由许多黑色的小颗粒组成的说明物质由微小的颗粒组成，发现这条线是“断裂”，说明微粒之间存在间隙；将100mL的水和100mL的酒精充分混合，混合后水与酒精的总体积将小于200mL，正是由于酒精分子和水分子之间有间隙，才会导致混合合总体
6、积变小，故A正确； 故应选A。【考点定位】分子动理论的其它内容及应用10射箭时，拉开的弓弦能将箭射出，箭离开弓弦后还能继续飞行，小明根据这一现象得出了以下结论：弓弦对箭施加的力改变了箭的运动状态：弓弦的弹性势能转化为箭的动能； 箭由于惯性作用仍能继续飞行；在空中飞行的箭若不受任何力作用，将处于静止状态，其中说法正确的是（）A只有B只有C只有D都正确【答案】B【考点定位】动能和势能的转化与守恒；力的作用效果；牛顿第一定律；惯性11 用如图所示的装置，先后加热初温、质量均相同的水和煤油，比较两种液体比热容的大小，多次实验表明：要让水和煤油升高相同的温度，水需要的加热时间更长，以下关于该实验的操作及
7、分析错误的是（）A水比煤油的比热容大B加热时用玻璃棒不断搅拌，是为了水和煤油受热均匀C实验中可以不使用温度计，让水和煤油都沸腾后再比较加热时间D相同质量的水和煤油，若吸收相同热量后煤油比水升高的温度大【答案】C【解析】试题分析：相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化大的吸热能力弱，比热容小，水的比热容大于煤油的比热容，故A正确；实验中搅拌器的作用是：使液体受热均匀，故B正确；水和煤油的沸点不同，加热时间也不同无法比较比热容的大小，故C错误；由于煤油的比热容小，根据t=，质量相同的水和煤油，吸收相同的热量，煤油的温度比水的温度升高得大，故D正确；故应选C。【考点定位】比热容的
8、概念12探究“通过电阻的电流与电阻的大小关系”时，我们一般需要先预设一个电压值，实验中保持电阻两端电压为预设值不变，现采用如图所示电路进行探究，器材：学生电源（6V）、滑动变阻（20，1A）、电流表、电压表、开关、三个定值电阻（5、10、20）及导线若 干，以下说法正确的是（）A要获得3组实验数据，电压预设值范围可以为1.5V5VB要获得3组实验数据，电压预设值范围可以为1V4VC电压预设值越大，在获得3组实验数据过程中，滑动变阻器阻值调节范围越小D实验电压预设值为2V要获得3组实验数据，要更换最大阻值为30的滑动变阻器【答案】C【考点定位】欧姆定律的应用二、填空题（共9小题，每空1分，满分2
9、2分）13如图所示实验，用 判断通电螺线管周围各点的磁场方向，为了探究通电螺线管磁极的极性与电流方向是否有关，应该采取的操作是 【答案】小磁针N极的指向；对调电源的正负极【考点定位】通电螺线管的磁场14我国首架拥有完全自主知识产权的大型客机c919在上海浦东机场成功起飞飞机装有无锡某企业生产的3D打印钛合金零件，3D打印技术之就是在高能激光的作用下钛合金粉末会 （选填“吸收”或“放出”）热量， （填物态变化名称）成液态，然后成型【答案】吸收；熔化【解析】试题分析：钛合金粉末在高温下由固态变成液态，是熔化现象，需要吸热；然后按构件形状重新结晶成型。【考点定位】熔化与熔化吸热特点15用如图所示的装
10、置研究动能大小与速度的关系时应让同一小车从斜面的 高度处从静止滑下，小车撞击木块的过程中，对木块 （选填“做功”“不做功”）【答案】不同；做功来源:163文库ZXXK【解析】试题分析：在探究过程中，研究动能大小与速度的关系时，要控制质量一定，改变物体的速度，所以应让同一小车从斜面的不同高度从静止滑下；小车撞击木块的过程中，对木块施加了力，且木块在小车的推动下移动了距离，对木块做功。【考点定位】势能的影响因素16小明想测量无锡地铁的运行速度他测得地铁从堰桥站出发到达锡北运河站时间为2min，在手机中用“百度地图”截取了一段地图（如图所示）用刻度尺测得地图上两站间的距离为 cm，若地图上1cm等于
11、实际1km，则地铁在两站之间的平均速度为 km/h【答案】2.00；60【考点定位】速度与物体运动；长度的测量17小华在探究影响滑动摩擦力大小因素时，用如图所示的方式测量滑动变阻器的滑动摩擦力大小，这样操作的错误是 ，纠正错误后，应拉动弹簧测力计使木块做 运动若在木块上再放一个砝码，则木块运动时受到的滑动摩擦力将 （选填“变大”或“不变”）【答案】拉力不在水平方向；水平方向匀速直线；变大【解析】试题分析：如图，弹簧测力计没有水平拉动木块，即使木块进行匀速直线运动，木块受到的拉力和滑动摩擦力也不是平衡力，因为它们不在同一直线上所以要使滑动摩擦力等于弹簧测力计的示数，弹簧测力计要水平拉动木块，使木
12、块在水平面上进行匀速直线运动；若在木块上再放一个砝码，接触面粗糙程度不变，压力增大，滑动摩擦力增大。163文库【考点定位】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验18用如图所示的装置探究光的反射定律为了在硬纸板上同时呈现入射光束和反射光束，将平面镜水平放置后，带有刻度的白色硬纸板应与平面镜 ，并保持硬纸板A、B两部分在 ，为了探究反射角与入射角的大小关系，需要多次改变 【答案】（1）垂直；（2）同一平面内；（3）入射光线AO的方向【考点定位】光的反射定律19如图所示，用动滑轮匀速提起重3N的物体，拉力F为2N，物体在10s内上升1m在此过程中，动滑轮的机械效率为 ，拉力F的功率为 W，若要提高动滑
13、轮提升物体的效率，可以采取的措施是： 【答案】75%；0.4；增加提升的物重、减小动滑轮的重力、减小动滑轮与绳子之间的摩擦力【解析】试题分析：由图可知动滑轮绳子的有效股数为2，则绳端移动的距离：s=nh=21m=2m，拉力做的总功：W总=Fs=2N2m=4J，有用功：W有=Gh=3N1m=3J，动滑轮的机械效率：=100%=100%=75%；拉力F的功率：P=0.4W；若要提高动滑轮提升物体的效率，可以采取的措施是：增加提升的物重、减小动滑轮的重力、减小动滑轮与绳子之间的摩擦力。163文库【考点定位】滑轮（组）的机械效率；FF：功率的计算20探究压力的作用效果与受力面积的关系时，分别采用如图甲
14、、乙所示的两种方法用两只手的食指分别压在铅笔两端（1） 的方法不合理，该方法未控制 相等（2）图甲中铅笔笔尖面积是0.5mm2，两手指均用2N的力对压铅笔两端则笔尖对手指的压强为 Pa【答案】（1）乙；压力；（2）4106【考点定位】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验21用如图所示的甲乙两种液体质量和体积的关系图象甲的密度为 g/cm3，将体积相等的两种液体分别倒入相同容器中，则 （选填“甲”和“乙”）液体对容器底部的压强大【答案】1；甲【解析】试题分析：由图象可知，当体积V=50cm3时，甲的质量为m甲=50g，则甲的密度甲=1g/cm3；由图象知，在两种物质体积相同时（如都取V=50c
15、m3），甲的质量较大，由公式=可知，甲物质的密度较大，即甲乙；将体积相等的两种液体分别倒入相同容器中，则液体深度h相同，且甲乙，由p=gh可知，甲液体对容器底部的压强大。【考点定位】密度的计算；压强大小比较三、解答题（共6小题，满分32分）22下表示某型号电烤箱铭牌部分参数，其内部电路图如图所示，R1和R2均为电阻丝，电烤箱在低温档正常工作0.5h所消耗的电能是 kWh，R2的阻值是 额定电压220V额定功率来源:学*科*网Z*X*X*K高温档来源:Z。xx。k.Com1100W来源:163文库ZXXK低温档440W【答案】0.22；66【考点定位】电功率与电能、时间的关系；电功率的计算23请
16、在图中画出物体AB经过平面镜所成的像【答案】如下图所示【解析】试题分析：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A、B，再用虚线连接A、B，即为物体AB经过平面镜所成的像，如上图所示。【考点定位】平面镜成像的相关作图24.如图所示，用手指顶在刻度尺上O点，刻度尺水平静止请在图中画出此时刻度尺受力示意图【答案】如下图所示【考点定位】力的示意图25.图是简易手动交通信号灯模拟电路的一部分，请补画一根导线，使开关S接1时，只有L1、L2亮，开关接2时，只有灯L3、L4亮【答案】如下图所示【解析】试题分析：由图可知，将灯泡L3的右端接线柱与电源正极连接，则可实现开关S接1时，只有L1、L2亮（L1、L2并联
17、），开关接2时，只有灯L3、L4亮（L3、L4并联），如上图所示。【考点定位】实物的电路连接24图甲是某型号视频展示台，其摄像头中的镜头相当于一个焦距可调的凸透镜，使用时，将物品放在展示台的摄影面板上（1）该视频展示台摄像头的镜头焦距可调范围为5.4mm64.8mm，把一张照片放在投影面板上，镜头离投影面板的距离为40cm，照片通过镜头成的像是 A放大的实像 B缩小的实像 C放大的虚像 D缩小的虚像（2）与视频展示台配套使用的投影幕是依靠电动机来控制升降的，小明用如图乙所示的电路进行模拟研究，电路中直流电动机的线圈电阻为2，R为阻值是10的定值电阻，电源电压保持12V不变，闭合开关S，当电动机
18、正常工作时，匀速提升重为0.4N的物体，此时电压表示数为6V，求：电动机正常工作时，通过电阻R的电流是多大？电动机正常工作2秒所消耗的电能是多少？若电动机正常工作时，有5%的机械能用来提升物体，物体在2秒内上升的高度是多少？【答案】（1）B；（2）0.6A；7.2J；0.9m【解析】试题分析：（1）摄像头的镜头焦距可调范围f为5.4mm64.8mm，镜头离投影面板的距离u为40cm，摄像头的镜头相当于凸透镜当u2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，故B正确；（2）根据串联电路电压的规律知：U=UU电动机=12V6V=6V；根据欧姆定律知通过电阻R的电流是：I=0.6A；电动机正常工作2秒所消耗的电能
19、是：W=U电动机It=6V0.6A2s=7.2J；根据=得，电动机的机械能：W机械=W电=5%7.2J=0.36J，由W=Gh知，物体在2秒内上升的高度：h=0.9m。【考点定位】生活中的透镜；功的计算公式的应用；欧姆定律的应用；电功的计算25同学们用空塑料瓶和细沙等实验器材探究影响浮力大小因素，（g取10N/kg，水=1103kg/m3）（1）为了测出塑料瓶的体积，进行如下操作，把天平放在水平桌面上，调节天平平衡，在左盘中放入盛有适量水的烧杯，通过増减砝码和移动游码使天平再次平衡，所加砝码和游码的位置如图甲所示，烧杯和水的总质量为 g在空塑料瓶中装入适量细沙，拧紧瓶盖，在瓶颈系一细绳，手拿细
20、绳将塑料瓶完全浸没于烧杯的水中（瓶没有接触烧杯，水未溢出），通过増减祛码和移动游码使天平再次获得平衡，所用砝码总质量和游码所示质量之和为167g，塑料瓶的体积是 cm3（2）同学们根据生活经验提出了如下三种猜想，并举出了相应的实例猜想一，浮力的大小与物体的密度有关，实例：铁块可以在水中下沉，木头可以浮在水面上猜想二，浮力的大小与液体的密度有关，实例：鸡蛋可以在水中下沉，在盐水中可以浮起来猜想三，浮力的大小与浸入液体的深度有关，实例：在游泳池里，人越往下蹲感觉到水向上托自己的力越大为了验证以上猜想是否正确，同学们选择了装入细沙的塑料瓶和其他实验器材进行探究，实验过程如图乙所示根据实验步骤d和 （
21、填序号），可以确定猜想二是正确的；根据实验步骤c和d可以验证猜想三是 （选填“正确”或“错误”）；对该猜想对应的实例，合理的解释是 要验证猜想一是否正确，可以在塑料瓶中 后再进行探究同学们讨论认为，猜想一和猜想二中的实例反应了物体的浮与沉可能与密度有关，要选用一个能漂浮在图e中盐水上的物体时，物体的密度应小于 g/cm3（计算结果保留1位小数）【答案】（1）133；34；（2）e；错误；在游泳池里，人越往下蹲排开水的体积越大，人受到的浮力越大，说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关；添加一些细砂；1.1对该猜想对应的实例，合理的解释是：在游泳池里，人越往下蹲排开水的体积越大，人受到的浮力越大，
22、说明浮力的大小与物体排开液体的体积有关；要验证猜想一是否正确，即浮力的大小与物体的密度有关，根据控制变量法要改变物体的密度，在物体体积不变时，在塑料瓶中添加一些细砂可以改变塑料瓶整体的密度；由a、c两图知，物体浸没在水中所受浮力：F浮=GF=0.4N0.06N=0.34N；物体浸没在盐水中受到的浮力F浮=0.4N0.02N=0.38N；由阿基米德原理可得：F浮=水gV排=0.34N（），F浮=盐水gV排=0.38N（）浸没时V排相等，由（）（）可得盐水的密度：盐水=1.1103kg/m3=1.1g/cm3，物体的浮与沉与密度有关，要选用一个能漂浮在图e中盐水上的物体时，物体的密度应小于1.1g
23、/cm3。【考点定位】探究浮力大小的实验26小明和小华测量定额电压为2.5V的小灯泡的额定功率（1）图甲是他们连接的部分电路请用笔画线代替导线将电路连接完整闭合开关前，应将滑动变阻器处在最 （填写“左”或“右”）端闭合开关后，发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片，灯泡都不亮，电压表和电流表均无示数，小明找来一根完好的导线，一端连在电源负极，另一端触碰接线柱A、B、C，当发现只有触碰接线柱C时，灯泡才发光，若电路中只有一处故障，且各器材，导线均完好，则电路故障可能是 排除故障后，闭合开关，移动滑动变阻器，当电压表为2.5V时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W（2）小明和小华观察电流表和
24、电压表均标有电阻值，请教老师后得知这是电表的电阻，为了在接好的图甲中较准确的测量出小灯泡的电功率，他们对电压表的负接线柱应该接在C处还是D处进行了探究，他们将开关闭合，移动滑动变阻器的滑片使灯泡发光，不添加器材，请你说出接下来的操作及判断方法操作 ；如何判断： ； （3）小明和小华重新设计了一种测量小灯泡额定功率的电路，如图丙所示，电源电压保持3.5V不变，R0为阻值为10的定值电阻，连接好电路后进行如下操作：（1）断开开关S2，闭合开关S和、S1，移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数为2.5V；（2）保持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S1，闭合开关S、S2，读出电压表示数为2.6V；小灯泡
25、的额电功率为 W（计算结果保留两位小数）【答案】（1）如下图所示；左；变阻器断路；0.75；（2）分别将电压表的负接线柱接在C处和D处，分别记下电压表的示数和电流表的示数UC、IC，UD、ID滑片，比较与的大小；若，说明电流表的分压较电压表的分流作用大，为避免电流表分得的电压对电压表测量的影响，要将电压表的负接线柱应该接D处；若，说明电压表的分流较电流表的分压作用大，为避免电压表的分流对电流表测量的影响，要将电压表的负接线柱应该接C；（3）0.72表测灯的电压是准确的，而电流表测通过电压表与灯的总电流；若，说明电流表的分压较电压表的分流作用大，为避免电流表分得的电压对电压表测量的影响，要将电压
26、表的负接线柱应该接D处；若，说明电压表的分流较电流表的分压作用大，为避免电压表的分流对电流表测量的影响，要将电压表的负接线柱应该接C；（3）在上面的第2次操作中，保持持滑动变阻器滑片P位置不变，断开开关S1，闭合开关S、S2，读出电压表示数为2.6V；此时定值电阻与变阻器串联，根据串联电路的电压规律，变阻器的电压U滑=3.5V2.6V=0.9V，根据分压原理，即，R滑=；故在第1次操作中，由串联电路的规律和欧姆定律，通过变阻器的电流即灯的额定电流：IL=A；故灯的额定功率：PL=ULIL=2.5VA0.72W。【考点定位】电功率的测量27图甲是某型号的抽水马桶水箱进水控制装置的示意图，浮子是有
27、上底无下底的圆柱形容器，中间有圆柱形的孔（图乙是浮子的放大示意图），壁的厚度忽略不计，浮子通过孔套在直杆上，并与调节螺母紧密相连，手动上下移动调节螺母，可以使浮子的位置随之上下移动，轻质细杆AB可绕O点旋转，A端与直杆底端相连，B端装有塞子，当水箱的进水孔进水，水面接触到浮子下端后，浮子内的空气开始被封闭压缩，随着水位继续上升，浮子上升带动直杆向上运动，当水位上升到一定高度，AB杆处于水平位置时，塞子压住进水孔，进水孔停止进水（1）为测出浮子上底面的面积，给你刻度尺、量筒和水，请完成实验将浮子倒置后，用刻度尺测出浮子内的深度h将浮子装满水， ；浮子上底面的面积表达式：S上= （用所测量物理量的
28、符号表示）（2）若浮子上升的过程中内部被封闭的空气不泄露，用上述方法测得的浮子上底面的面积为10cm2，外界大气压为1.0105Pa，浮子、直杆、细杆AB、塞子的重力及所受浮力均不计，忽略所有摩擦，当进水孔停止进水时，浮子内的气体压强为外界大气压强的1.2倍，求此时：浮子上底面所受内外气体压力差为多大？OA长6cm，OB长4cm，塞子受到水的压力为多大？（3）科学研究表明，一定质量的气体，在温度不变时，其压强与体积成反比，当进水孔的水压过大时，塞子被冲开，水箱内的水位超过一定高度，会使水溢出，若通过移动调节螺母的方法保证马桶正常使用，应如何移动调节螺母【答案】（1）利用量筒测出浮子里面水的体积
29、V；（2）20N；30N；（3）当进水孔的水压过大时，应适当向下移动螺母，使浮子内部的压强变大，A受到的向上的拉力就变大，根据杠杆的平衡条件可知塞子受到的压力就变大，则塞子就不容易冲开浮子上底面所受内外气体压力差：F=pS=2104Pa10104m2=20N，方向向上；浮子上底面所受内外气体压力差F=20N，由于浮子通过孔套在直杆上，则浮子对直杆A端向上的作用力为FA=F=20N，以细杆AB为研究对象，AB处于水平位置时，其两端受力情况如下图所示：根据杠杆的平衡条件可得：FAOA=FBOB，所以，塞子受到水的压力：FB=30N；（3）当进水孔的水压过大时，应适当向下移动螺母，减小浮子内部气体的体积，使浮子内部的压强变大，则A端受到的向上的拉力就变大，根据杠杆的平衡条件可知塞子对水的压力就变大，则塞子就不容易冲开。【考点定位】杠杆的平衡条件；大气压强的存在；气体压强跟体积的关系
