1、专项(一)质量守恒定律的应用1.质量守恒定律应用及依据具体应用依据(1)推断物质的元素组成化学反响前后不变(2)确定物质的化学式化学反响前后原子、不变(3)推断反响中化学计量数及比值化学反响前后原子的数目不变(4)解释反响前后物质的质量变化或用反响前后质量差求某物质的质量化学反响前后,物质的总质量不变2.数据分析(表格/柱状图/饼图/坐标系)型(1)解题思路定反响物、生成物反响后质量增加的为生成物,质量减少的为反响物,质量不变的可能为催化剂写反响表达式根据反响物、生成物写反响表达式,判断反响类型(化合或分解)定变化量增加量或减少量标在相应物质下面,并求出未知量分析判断判断物质种类、质量比、化学
2、计量数之比等(2)一定条件下,以下物质在密闭容器内反响一段时间后,测得反响前后各物质的质量关系如下表:物质ABCD反响前质量/g100221629反响后质量/g10044a18反响前后:a.质量增加的物质是,属于(填“反响物或“生成物,下同);b.质量减少的物质是,属于;c.质量不变的物质是,(填“一定或“可能)是该反响的催化剂。 a=。 该反响属于(填根本反响类型)反响;物质C(填“一定或“不一定)是化合物。 反响中物质B和物质D的质量比为。角度1推断化学方程式中的未知化学式1.2022自贡煤油中含有噻吩(用X表示),噻吩具有令人不愉快的气味,其燃烧的化学方程式可表示为X+6O24CO2+S
3、O2+2H2O,那么噻吩X的化学式为()A.CH4B.C4H4SC.C4H6SD.C4H8S2.2022扬州2KI+H2SO4+O3O2+M+K2SO4+H2O中M的化学式是()A.H2B.KOHC.HID.I23.2022雅安4FeS2+11O22Fe2O3+8X,那么以下关于该反响说法错误的选项是()A.O2与X的相对分子质量之比为12B.该反响属于置换反响C.X属于空气污染物之一D.该反响中硫元素的化合价升高角度2微观反响示意图4.2022贵港以下为某化学反响的微观示意图。以下说法错误的选项是()图G1-1A.甲的化学式为CO2B.反响中,乙发生了氧化反响C.该反响属于置换反响D.反响前
4、后,原子的种类和数目都不变5.2022西宁甲和乙在一定条件下生成丙和丁,结合微观示意图,分析以下结论正确的选项是()图G1-2A.该反响属于置换反响B.该反响只涉及一种氧化物C.反响前后原子和分子的种类均发生了改变D.生成的丙和丁的分子个数比为326.2022东营“宏观微观符号三重表征是化学独特的表示物质及其变化的方法。某化学反响的微观示意图如图G1-3所示,以下说法不正确的选项是()图G1-3A.从反响价值看:该反响能获取清洁能源,延缓温室效应B.从物质分类看:该反响涉及2种氧化物C.从微观构成看:四种物质均由分子构成D.从表示方法看:该反响的化学方程式为2CO2+4H2O2CH4+4O27
5、.2022广州图G1-4为某反响的微观示意图,“各表示一种原子,以下说法不正确的选项是()图G1-4A.反响物是两种单质B.反响物有剩余C.该反响为化合反响D.该反响生成了多种产物8.2022怀化根据如下微观示意图分析,以下结论正确的选项是()图G1-5A.甲物质由碳、氧两种元素组成B.丙物质是氧化物C.该反响的化学方程式为CO2+H2CH3OH+H2OD.该反响属于复分解反响9.2022北京丙烷(C3H8)是液化石油气的主要成分之一,燃烧前后分子种类变化的微观示意图如下。以下说法正确的选项是()图G1-6A.甲中碳、氢元素质量比为38B.乙和丙的元素组成相同C.44g甲完全燃烧至少需160g
6、乙D.生成的丙与丁的分子个数比为1110.2022益阳某化学反响的微观示意图如下所示,其中相同的球代表同种原子。图G1-7(1)该化学反响中,发生变化的是(填“分子或“原子),参加反响的两种分子的个数比为。(2)该反响的生成物是(填序号)。A.化合物B.单质C.混合物(3)该反响的微观示意图说明,化学反响遵守质量守恒定律的原因是。11.2022黄石从陶瓷、玻璃、水泥到电子芯片,硅元素的用途非常广泛。工业制取高纯硅的局部反响原理的微观示意图如下。请答复以下问题。图G1-8(1)画出硅原子的结构示意图。(2)甲物质中两种元素的质量比为。(3)该反响的化学方程式为,该反响属于(填根本反响类型)。(4
7、)反响后硅元素的化合价(填“升高“降低或“不变)。12.2022广元我国科学家成功合成新型催化剂,能将CO2高效转化为甲醇(CH3OH)。这不仅可以缓解碳排放引起的温室效应还将成为理想的能源补充形式。该化学反响的微观过程如图G1-9所示。图G1-9(1)物质丙属于(填“无机物或“有机物)。(2)反响前后,(填“分子或“原子)的种类不变。(3)物质丁的化学式为。(4)参加反响的甲、乙物质分子个数比为。13.2022雅安以CO2为碳源,与电解水产生的H2经催化可转化为高附加值的有机物,此方法具有重要的战略意义。中国化学家使用特殊的催化剂实现了由CO2和H2转化为A或B等有机物,反响原理如图G1-1
8、0所示:图G1-10请答复以下问题。(1)B的化学式是。(2)根据催化剂的特性可知,催化剂在该反响前后,其质量和不变。(3)在催化剂中发生反响的化学方程式是。(4)由CO2和H2反响生成A的总反响化学方程式是。(5)如果该反响工业化生产后的重要意义是。角度3密闭容器内反响(表格数据型)14.2022安顺在一密闭容器内参加甲、乙、丙、丁四种物质,在一定条件下发生化学反响,反响前后各物质的质量变化见下表。以下说法中不正确的选项是()物质甲乙丙丁反响前物质质量/g82812反响后物质质量/g416x2A.反响后x的值为8B.参加反响的甲、丁两种物质的质量比为25C.该反响为化合反响D.丙一定为该反响
9、的催化剂15.2022天水把一定质量的a、b、c、d四种物质分别放入一个密闭容器中,在一定条件下反响一段时间后测得反响后各物质的质量如下,以下说法中正确的选项是()物质abcd反响前的质量/g6.43.24.02.8反响后的质量/g5.2x7.22.8A.x等于2B.d是催化剂,加快反响速率C.c不是化合物D.反响前后原子的数目不变16.2022怀化将苯(C6H6)和氧气置于一个完全密闭的容器中引燃,反响生成二氧化碳、水和X。反响前后各物质的质量如下:物质苯氧气二氧化碳水X反响前的质量/g3.99.6000反响后的质量/g006.62.7m那么以下有关说法正确的选项是()A.m等于4.0B.X
10、由碳、氧两种元素组成C.X由碳、氢两种元素组成D.生成物中二氧化碳和水的分子个数比为31角度4坐标曲线数据型17.在密闭容器中参加甲、乙、丙、丁四种物质,在一定条件下发生化学反响,测得反响前及t1、t2时各物质质量变化情况如图G1-11所示,以下说法正确的选项是()图G1-11A.该反响类型为分解反响B.丙一定是催化剂C.生成丁的质量为8gD.参加反响的甲、乙质量比为5218.如图G1-12反映了某个化学反响各物质质量与时间的关系。图G1-12(1)该反响类型属于(填序号)。A.化合反响B.分解反响C.置换反响D.复分解反响(2)以下描述正确的选项是(填序号)。A.丙是生成物,甲和乙是反响物B
11、.甲的相对分子质量大于乙C.丙一定是化合物D.t1时,丙的质量一定等于甲、乙的质量之和【参考答案】考点突破1.(1)元素种类(2)种类数目2.(2)a.BD生成物b.C反响物c.A可能131分解一定22：9典题训练1.B解析书写化学方程式时,要遵守质量守恒定律,即等号两边原子的种类和数目相等,比照反响前后原子的种类和数目,可知X为C4H4S。2.D解析根据质量守恒定律化学反响前后原子的种类和数量不变,推出M的化学式为I2。3.B解析由质量守恒定律可知,化学反响前后原子的种类和数目均不发生改变,那么可得出X的化学式为SO2;O2的相对分子质量为32,SO2的相对分子质量为64,O2与SO2的相对
12、分子质量之比为12;由一种化合物和一种单质反响生成另一种化合物和另一种单质的反响为置换反响,而该反响是一种化合物与一种单质反响生成另两种化合物的反响,不属于置换反响;SO2可导致酸雨的形成,属于空气污染物之一;反响前FeS2中硫元素的化合价为-1,反响后SO2中硫元素的化合价为+4,所以化合价升高。4.A解析甲的化学式为H2O;反响中,乙得到氧,发生了氧化反响;该反响由一种单质和一种化合物反响,生成了另一种单质和另一种化合物,属于置换反响;任何化学反响,反响前后,原子的种类和数目都不变。5.D解析根据示意图,该反响的化学方程式为5O2+4NH36H2O+4NO。置换反响指的是一种单质和一种化合
13、物反响生成另一种单质和另一种化合物的反响,此反响生成物中无单质,故不属于置换反响;该反响涉及的氧化物有H2O、NO两种;反响前后原子的种类和数目没有发生改变,分子的种类发生了改变;生成的丙和丁的分子个数比为64=32。6.D7.D解析通过示意图可知,两种单质反响生成了一种化合物;反响物有剩余;两种物质生成了一种物质,属于化合反响。8.A解析根据结构示意图分析,甲是二氧化碳,乙是氢气,丙是CH3OH,丁是水。甲是二氧化碳,由碳、氧两种元素组成,所以A正确;丙是CH3OH,由三种元素组成,不属于氧化物,所以B错误;化学方程式没有配平,所以C错误;复分解反响是两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物
14、的反响,该反响物中有单质,不属于复分解反响,所以D错误。9.C解析甲是丙烷(C3H8),丙烷中C、H元素的质量比为(123)(18)=92;乙是氧气(O2),丙是二氧化碳(CO2),两者的元素组成不同;该反响的化学方程式为C3H8+5O23CO2+4H2O,该反响中参加反响的甲和乙的质量比为44160,因此,44g甲完全燃烧至少需要160g乙;由反响方程式可知,生成丙与丁的分子个数比为34。10.(1)分子13(或31)(2)A(3)化学反响中,反响前后,参与反响的原子种类和数目保持不变11.(1)(2)1471(或7114)(3)2H2+SiCl4Si+4HCl置换反响(4)降低解析(1)由
15、于硅的原子序数为14,那么原子结构示意图为。(2)由图知甲物质化学式为SiCl4,那么甲物质中硅、氯两种元素的质量比为28(35.54)=1471。(3)由图知甲为SiCl4,乙为H2,在一定条件下反响生成的丙为Si,丁为HCl,故化学方程式为2H2+SiCl4Si+4HCl;该反响是由单质与化合物反响生成另外的单质和化合物的化学反响,属于置换反响。(4)反响前SiCl4中硅元素为+4价,反响后在硅单质中硅元素为0价,故反响后硅元素的化合价降低。12.(1)有机物(2)原子(3)H2O(4)13解析(1)由图可知,丙物质的化学式为CH4O,是含碳元素的化合物,属于有机物。(2)化学反响前后原子
16、的种类、数目均不变;分子种类一定变,分子的数目可能变。(3)1个丁分子是由1个氧原子和2个氢原子构成的,其化学式可表示为H2O。(4)根据微粒模型图,该反响的化学方程式为CO2+3H2CH4O+H2O,那么参加反响的甲、乙物质分子个数比为13。13.(1)C6H6(2)化学性质(3)CO2+H2CO+H2O(4)4CO2+13H2C4H10+8H2O(5)减少温室气体,减少化石能源的使用(合理即可)解析(1)由图可知,一个B分子中含有6个碳原子,6个氢原子,所以化学式为C6H6。(2)催化剂在反响前后的质量和化学性质均不发生改变。(3)催化剂中发生反响的反响物为H2、CO2,生成物为H2O、C
17、O,所以化学方程式为CO2+H2CO+H2O。(4)由图可知,A的化学式为C4H10,结合质量守恒定律知生成物中应有氧元素,说明有H2O生成,所以发生反响的化学方程式为4CO2+13H2C4H10+8H2O。(5)反响物中有CO2,以温室气体为原料进行反响,转化为具有工业利用价值的有机物和无污染的水,此举可以减少温室气体,减少化石能源使用,对工业生产和环境保护具有重要意义。14.D解析根据质量守恒定律,8g+2g+8g+12g=4g+16g+x+2g,那么x=8g;根据表格所示信息,参加反响的甲的质量为4g,参加反响的丁的质量为10g,那么参加反响的甲、丁两种物质的质量比为4g10g=25;该
18、反响可表示为甲+丁乙,属于化合反响;丙的质量没有改变,丙可能是杂质,也可能是催化剂。15.D解析根据质量守恒定律,反响前后物质的总质量相等,故6.4+3.2+4.0+2.8=5.2+x+7.2+2.8,x=1.2;d反响前后质量不变,可能是催化剂,也有可能是不参与反响的杂质;c物质的质量增加,是生成物,a、b物质的质量减少,是反响物,故该反响是化合反响,c一定是化合物;原子是化学反响中的最小粒子,故化学反响前后原子的数目、质量不会发生改变。16.B解析根据质量守恒定律,化学反响前后物质的总质量不变,可求出m的质量为3.9g+9.6g-6.6g-2.7g=4.2g。苯中碳元素的质量为3.9g72
19、78100%=3.6g,氢元素的质量为3.9g-3.6g=0.3g,二氧化碳中碳元素的质量为6.6g1244100%=1.8g,氧元素的质量为6.6g-1.8g=4.8g,水中氢元素的质量为2.7g218100%=0.3g,氧元素的质量为2.7g-0.3g=2.4g。推出生成物X中碳元素的质量为3.6g-1.8g=1.8g,氧元素的质量为2.4g=2.4g,生成物X中碳原子与氧原子的个数比为1.8g122.4g16=11,X是一氧化碳,该化学方程式是C6H6+6O23CO2+3CO+3H2O。m等于4.2,所以A错误;X是一氧化碳,由碳、氧两种元素组成,所以B正确;X不是由碳、氢两种元素组成,
20、所以C错误;生成物中二氧化碳和水的分子个数比为11,所以D错误。17.D解析反响后丁质量增大,是生成物,甲、乙质量减小,是反响物,该反响是化合反响;丙反响前后质量不变,可能是催化剂,也可能是杂质;生成丁的质量为8g-1g=7g;参加反响的甲、乙质量比为(6g-1g)(4g-2g)=52。18.(1)B(2)C解析(1)根据图像可以知道反响后甲和乙的质量增加,故甲和乙为生成物,丙的质量减少,所以丙为反响物,该反响为分解反响。(2)根据图像可以知道反响后甲和乙的质量增加,故甲和乙为生成物,丙的质量减少,所以丙为反响物;由于不知道反响物和生成物的分子构成,所以难以判断相对分子质量的大小;该反响为分解反响,丙为反响物,故丙一定为化合物;根据质量守恒定律可以知道,参加反响的物质总质量等于反响后生成的物质的总质量,在t1时,参加反响的丙的质量一定等于生成的甲、乙的质量之和,但是剩余丙的质量不等于甲、乙的质量之和。
