2019年高考物理一轮复习第2章相互作用练案5力的合成与分解新人教版.doc

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1、【 精品教育资源文库 】 练案 5 力的合成与分解 一、选择题 (本题共 12 小题, 1 8 题为单选, 9 12 题为多选 ) 1 (2018 河北省衡水第一中学高三上学期分科综合考试 )我们在中学阶段的物理知识中,接触并学习了很多思想方法,这些方法对于提高解决实际问题的能力具有很重要的意义。下列关于思想方法的叙述正确的是 导学号 21992970 ( B ) A理想化模型是对实际问题的理想化处理,即突出主要因素,忽略次要因素 物理学学习中懂得忽略什么跟懂得重视什么同等重要,质点、点电荷、位移等均是理想化模型 B分力、合力 和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想 C用两个

2、(或多个 )物理量通过比值的方法去定义一个新的物理量,即为比值定义法。电动势 E W非静电力 q ,电容 C QU,匀强电场的场强 E Ud等都是采用比值法定义的 D根据加速度定义式 a vt ,当 t 非常小时, vt 就可以表本物体在时刻的瞬时加速度,该定义应用了赋值的思想方法 解析 理想化模型是抓主要因素,忽略次要因素得到的,质点和点电荷是理想化模 型,但是位移不是, A 错误;重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想, B 正确;用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例,例如电动势 EW非静电力q ,电容 CQU,场强 EUd不是采用比值法定义的, C 错

3、误;根据速度定义式 avt ,当 t 非常小时, vt 就可以表示物体在 t 时刻的瞬时加速度,该定义应用了数学极限思想,D 错误;故选 B。 2 (2018 安徽省亳州市高三上学期期末 )一物 块用轻绳 AB 悬挂于天花板上,用力 F拉住套在轻绳上的光滑小圆环 O(圆环质量忽略不计 ),系统在图示位置处于静止状态,此时细绳 OA 与竖直方向的夹角为 ,力 F 与竖直方向的夹角为 ,当缓慢拉动圆环使 (0 【 精品教育资源文库 】 解析 以 A 为研究对象,其只受重力和绳的拉力,前后两次的平衡都是发生在 A 只受重力和拉力的情况下,由此可知绳的拉力 FA大小都是等于 A 的重力 mAg;以

4、B 为研究对象,其受重力 mBg、地面的支持力 FN、地面的摩擦力 Ff以及绳的拉力 FB(其中摩擦力为静摩擦力 ),将绳的拉力 FB 沿水平方向和竖直方向分析,其水平分力等于静摩擦力,竖直分力加上支持力 等于 B 的重力,由于将 B 移到 C 处时,绳与水平方向的夹角减小,所以拉力的支持力也增大,选项 A、 B 正确;悬挂于墙上的绳子的拉力大小等于 FA和 FB的合力大小,方向与此两力的合力方向相反,在移动过程中, 、 均增大且始终相等,则悬挂于墙上的绳子的拉力大小改变,而 始终等于 。因此,选项 C、 D 错误。 二、非选择题 13 (2018 福建省高三上学期龙岩市六校期中联考试题 )

5、如图所示,质量为 M 的直角三棱柱 A 放在水平地面上,三棱柱斜面倾角为 。质量为 m 的光滑球 B 放在三棱柱和竖直墙壁之间, A 和 B 都处于静止状态,求地面对三棱柱 的支持力和摩擦力各为多大?导学号 21992982 答案: 支持力为 (M m)g,摩擦力为 mgtan 。 解析 选取 A 和 B 整体为研究对象,它受到重力 (M m)g,地面支持力 N,墙壁的弹力 F 和地面的摩擦力 f 的作用 (如图所示 )而处于平衡状态。 根据平衡条件有: N (M m)g 0, F f, 可得 N (M m)g。 再以 B 为研究对象,它受到重力 mg,三棱柱对它的支持力 NB,墙壁对它的弹力

6、 F 的作用 (如图所示 ),而处于平衡状态,根据平衡条件有: NBcos mg, NBsin F, 解得 F mgtan ,所以 f F mgtan 。 14 (2018 重庆模拟 )物块 A 放在台式测力计上,通过跨过定滑轮的轻绳与物块 B 相连,B 下端与一轻质弹簧粘连,弹簧的下端与地面接触 (未拴接 ),整个系统处于平衡状态,此时台式测力计的示数为 8.8N;已知 mA 2mB 1kg,物块 A、 B 间的水平距离 s 20cm,倾斜绳【 精品教育资源文库 】 与水平方向的夹角 37 ,物块 A 与台式测力计间动摩擦因数 0.5,最大静摩擦力等于滑动摩擦力, A、 B 和滑轮视为质点

7、,不计滑轮质量和滑轮处摩擦,弹簧一直在弹性限度内, g 取 10m/s2(已知 sin37 0.6, cos37 0.8, cos2 sin2 1)。 导学号 21992983 (1)求物块 A 受到的摩擦力和绳对物块 A 的拉力; (2)沿竖直方向调整滑轮的高度至某一位置时,物块 A 刚好运动,且此时弹簧刚好离开地面,求滑轮移动的距离和弹簧的劲度系数。 答案 : (1)1.6N 2N (2)353cm 15N/m 解析 (1)由台式测力计的示数知物块 A 此时所受的支持力 N 8.8N,物块 A 受力示意图如图所示。 根据平衡条件可知 Tcos37 f 0, N Tsin37 mAg 0,

8、解得 T 2N, f 1.6N。 (2)分析可知,此时弹簧恢复原长,弹力为零;对 B 进行受力分析,有 T1 mBg 0,故T1 5N。 设此时轻绳与水平方向夹角为 ,对 A 有 T1cos fm 0; N1 T1sin mAg 0, fm N 1, T1 T1 ,解得 sin 0.8, cos 0.6,滑轮上升的高度 h stan stan 353cm。由分析知,右端绳缩短 l scos scos 253cm,由几何关系可知,弹簧伸长量 x h l 20cm;结合 (1)问,对 B 进行受力分析,初始时刻弹簧处于压缩状态,弹力为 3N;弹簧刚好离开地面时,弹簧恢复原长,弹力为零,所以 k Fx 3N20cm15N/m。

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