一轮大题专练7—导数(构造函数证明不等式1)-2022届高三数学一轮复习.doc

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1、一轮大题专练一轮大题专练 7导数(构造函数证明不等式导数(构造函数证明不等式 1) 1已知函数( )f xalnxx (1)讨论( )f x的单调性; (2)当1a 时,证明:( ) x xf xe 解: (1)( )f xalnxx,(0,)x ( )1 a fx x , 0a时,( )0fx,函数( )f x在(0,)x上单调递增 0a 时,令( )0fx,解得0 xa ,函数( )f x在(0,)xa上单调递减,在(,)a上 单调递增 (2)证明:当1a 时,要证明:( ) x xf xe,即证明 2 1 x lnxe xx , 令( )1 lnx g x x , 2 1 ( ) lnx

2、 g x x , 令( )0g x,解得0 xe;令( )0g x,解得ex 函数( )g x在(0, ) e上单调递增,在( ,)e 上单调递减 xe 时,函数( )g x取得极大值即最大值,g(e) 1 1 e 令 2 ( ) x e h x x , 3 (2) ( ) x xe h x x , 令( )0h x,解得02x;令( )0h x,解得2x 函数( )h x在(0, ) e上单调递减,在(2,)上单调递增 xe 时,函数( )h x取得极小值即最小值,h(2) 2 4 e 22 12 51 (1)10 442.5 e e ( )( ) maxmin g xh x, 即 2 1

3、x lnxe xx ,也即( ) x xf xe 2已知函数( )f xxalnx ()求曲线( )yf x在点(1,f(1))处的切线方程; ()求( )f x的单调区间; ()若关于x的方程0 xalnx有两个不相等的实数根,记较小的实数根为 0 x,求证: 0 (1)axa ()解:由( )f xxalnx,可得( )1 a fx x , 则f(1)1a ,又f(1)1, 所以曲线( )yf x在点(1,f(1))处的切线方程为1(1)(1)ya x , 即(1)ya xa ()解:( )f xxalnx的定义域为(0,),( )1 axa fx xx , 当0a时,( )0fx,( )

4、f x在(0,)上单调递增; 当0a 时,令( )0fx,可得xa,令( )0fx,可得0 xa, 所以( )f x在(0, )a上单调递减,在( ,)a 上单调递增 () 证明: 由 () 可知, 当0a 时,( )0f xxalnx才有两个不相等的实根, 且 0 0 x , 则要证 0 (1)axa,即证 0 11a ax ,即证 0 11 1 ax , 而 00 0 xalnx,则 0 0 0 (1 x ax lnx ,否则方程不成立) , 所以即证 0 00 1 1 lnx xx ,化简得 00 10 xlnx , 令 000 ()1g xxlnx,则 0 0 00 11 ()1 x

5、g x xx , 当 0 01x时, 0 ()0g x, 0 ()g x单调递减, 当 0 1x 时, 0 ()0g x, 0 ()g x单调递增, 所以 0 ()g xg(1)0,而 0 1x , 所以 0 ()0g x, 所以 0 (1)axa,得证 3已知函数( )f xalnxx,函数 2 ( ) x g xebx, (1)记 2 ( )( )h xf xx,试讨论函数( )h x的单调性,并求出函数( )h x的极值点; (2)若已知曲线( )yf x和曲线( )yg x在1x 处的切线都过点(0,1)求证:当0 x 时, ( )( )(1)1xf xg xex 解: (1) 2 (

6、 )h xalnxxx, 2 2 ( )(0) xxa h xx x , 记 2 ( )2(0)xxxa x, 当0a时,( )0h x,( )h x在(0,)单调递增,无极值点, 当0a 时, 180a ,( )x有异号的两根 1 118 ( 0) 4 a x , 2 118 ( 0) 4 a x , 118 (0,) 4 a x ,( )0 x,( )0h x,( )h x在 118 (0,) 4 a 单调递减, 118 ( 4 a x ,),( )0 x,( )0h x,( )h x在 118 ( 4 a ,)单调递减, ( )h x有极小值点 118 4 a x ; (2)证明:( )

7、(0) xa fxx x ,( )2 x g xebx, f (1)1a,( )f x在1x 处的切线方程为1(1)(1)yax ,过点(0,1)得:1a , g(1)2eb,( )g x在1x 处的切线方程为(2 )(1)yebeb x, 过点(0,1)得:1b , ( )f xlnxx , 2 ( ) x g xex, 要证:( )( )(1)1xf xg xex,即证:(1)1 0 x exlnxex , 即证: 1 (1) 0 x e lnxe xx , 构造函数 1 ( )(1) x e K xlnxe xx ,则 2 (1)(1) ( ) x xe K x x , 0 x 时,10

8、 x e , (0,1)x 时,( )0K x,( )K x在(0,1)单调递减, (1,)x 时,( )0K x,( )K x在(1,)单调递增, ( )K xK(1)0,故原不等式成立 4已知函数( )()f xaxlnx aR在1x 处取得极值 ()若对(0,)x ,( ) 1f xbx恒成立,求实数b的取值范围; ()设( )( )(2) x g xf xxe,记函数( )yg x在 1 4 ,1上的最大值为m,证明: (4)(3)0mm ()解:( )()f xaxlnx aR,则 1 ( )fxa x , 又( )f x在1x 处取得极值,则有 f (1)10a ,解得1a , 此

9、时 1 ( )1fx x , 当01x时,( )0fx,则( )f x单调递增, 当1x 时,( )0fx,则( )f x单调递减, 所以( )f x确实在1x 处取得极值, 故1a , 设( )(1)1h xlnxbx, 则( ) 1f xbx在(0,)上恒成立,即( ) 0h x 在(0,)上恒成立, 因为 1 ( )1h xb x , 当1 0b ,即1b时,( )0h x 在(0,)上恒成立,不符合题意; 当1b 时,令( )0h x,解得 1 1 x b , 当 1 0 1 x b 时,( )0h x,则( )h x单调递增, 当 1 1 x b 时,( )0h x,则( )h x单

10、调递减, 所以当 1 1 x b 时,( )h x取得最大值 111 ()1(1)2 111 b hlnlnb bbb , 要使得( ) 0h x 在(0,)上恒成立, 则有(1)2 0lnb ,解得 2 1be, 综上所述,实数b的取值范围为(, 2 1e; ()证明:要证(4)(3)0mm,即证明43m 即可, 因为( )( )(2)(2) xx g xf xxelnxxxe, 则 111 ( )1(2)(1)()(1) xxxx x g xexeexex xxx , 因为 1 4x,1时,1 0 x 恒成立, 设 1 ( ) x M xe x , 1 4x,1,则( )M x为单调递增函

11、数, 又 113 205 112035 ()0,( )0 201153 MeMe, 则存在 0 11 3 (, ) 20 5 x ,使得 0 ()0M x,即 0 0 1 x e x , 则当 0 1 ,) 4 xx时,( )0M x ,(1)0 x ,则( )0g x,故( )g x单调递增, 当 0 xx,1时,( ) 0M x ,(1) 0 x 且不同时为 0,则( ) 0g x,故( )g x单调递减, 所以( )g x在 1 4 ,1上的最大值为 000 0000000 ()(2)2 xxx mg xlnxxxelnxxx ee, 又 0 0 1 x e x ,则 00 0 2 1m

12、lnxx x , 0 11 3 (, ) 20 5 x , 设 2 ( )1k xlnxx x , 11 3 (, ) 20 5 x, 则 2 12 ( )10k x xx 对于 11 3 (, ) 20 5 x恒成立, 故( )k x在 11 3 (, ) 20 5 x上单调递增 故 1111114011940 ( )()14 20202011202011 k xklnln , 333103 ( )( )12.9333 55535 k xklnln , 于是43m , 故(4)(3)0mm 5已知函数( ) x f xexa,对于xR ,( ) 0f x 恒成立 (1)求实数a的取值范围;

13、(2)证明:当0, 4 x 时,costan x xx e 解: (1)由0 x exa 恒成立,得 x a ex对xR 恒成立, 令( ) x g xex,( )1 x g xe, 当0 x ,( )0g x,( )g x单调递增, 当0 x ,( )0g x,( )g x单调减,( )(0)1 min g xg, 故所求实数a的取值范围为(,1; (2)证明:由(1)得1 x ex 欲证costan x xx e,只需证costan1xx x即可, 令( )costan1h xxxx, 22 222 1sin (sincos)sin (sinsin1) ( )sin1 coscoscos

14、xxxxxx h xx xxx , 令 2 ( )sinsin1F xxx,则易知( )F x在0, 4 单调递增,且(0)0F,()0 4 F , 故存在 0 (0,) 4 x ,使得 0 ()0F x; 当0 x, 0) x时,( )0F x ,( ) 0h x,( )h x单调递减, 当 0 (, 4 xx 时,( )0F x ,( )0h x,( )h x单调递增, 又(0)0h, 2 ()0 424 h ,( )(0)0 max h xh, 故当0, 4 x 时,costan x xx e 6已知函数( ) x f xe,( )1g xax ()已知( )( )f xg x恒成立,求

15、a的值; ()若(0,1)x,求证: 2 11 1 ( ) lnx x f xx 解: (1)已知( )( )f xg x恒成立,即( )( ) 0f xg x恒成立, 令( )( )( )1 x h xf xg xeax,则有( ) x h xea, 当0a时,则恒有( )0h x,此时函数( )h x单调递增,并且当x 时,( )h x ,不 满足题意; 0a,此时令( )0h xxlna; ( )0h xxlna;( )0h xxlna,即函数( )h x在(,)lna上单调递减,在(,)lna 上单调递增, ( )()1 min h xh lnaaalna, 若要满足题意,则需使1 0

16、aalna ,恒成立, 令F(a)1(0)aalnaa,则有 F (a)lna, 由此可得,当01a时, F (a)0;当1a 时, F (a)0 F(a) min F(1)0,即得F(a)0, 1a (2)令( )1(0,1) x G xexx,则有( )10 x G xe 恒成立,故可得( )G x在(0,1)上单调 递增, 即有( )(0)0G xG恒成立,故有101 xx exex 在(0,1)上恒成立; 根据题意,要证 2 11 1 ( ) lnx x f xx ,即证明 11 1 1 lnx x xx , 即证 2 1 11 x lnxxxx x , 即证 2 1 10lnxx x

17、 , 令 2 1 ( )H xlnxxx x ,则有 22 111 ( )2(1)2H xxxx xxx , (0,1)x, 10 x ,20 x, ( )0H x在(0,1)上恒成立,即得函数( )H x在(0,1)上单调递减, ( )H xH(1)10 ,由此得证当(0,1)x时,原不等式成立 7已知函数( )(1)f xx lnx,( )fx的反函数为( )h x(其中( )fx为( )f x的导函数, 20.69)ln (1)判断函数 2 ( )( )32g xfxxx在(0,)上零点的个数; (2)当(0,1)x,求证: 3 ( ) 1 ( ) f x xx h x 解: (1)由题

18、意得 22 ( )( )3232g xfxxxlnxxx, 则 (21)(1) ( ) xx g x x , 由( )0g x得 1 2 x 或1x , 由( )0g x,得 1 0 2 x或1x , 由( )0g x,得 1 1 2 x, 当x在(0,)上变化时,( )g x,( )g x变化情况如下表: x 1 (0, ) 2 1 2 1 ( 2 ,1) 1 (1,) ( )g x 0 0 ( )g x 单调递增极大值单调递减极小值单调递增 根据上表知 13 ( )20 24 g xgln 极大值 ,( )g xg 极小值 (1)0, 121 ( )220 416 gln, 根据零点的存在

19、性定理,函数( )g x在 1 (0, ) 2 上存在唯一零点,又因为g(1)0, 所以根据( )g x的单调性可知,函数 2 ( )( )32g xfxxx在(0,)上零点的个数为 2 (2)证明:因为( )fxlnx,其反函数为( ) x h xe, 所以不等式为 33 (1) 1(1)(1) x x x lnx xxx lnxxxe e , 当(0,1)x时,( )0fx, 所以( )f x在(0,1)上单调递减, 所以( )f xf(1)1 , 设函数 3 ( )(1) x G xxxe, 则 32 ( )(32) x G xxxxe, 设函数 32 ( )32p xxxx,则 2 (

20、 )361p xxx, 所以( )p x在(0,1)上单调递增, 因为(0)pp (1)80 , 所以存在 0 (0,1)x ,使得 0 ()0p x, 所以函数( )p x在 0 (0,)x上单调递减,在 0 (x,1)上单调递增, 当 0 (0,)xx时, 0 ()(0)2p xp , 当 0 (xx,1)时, 0 ()0p x,p(1)0, 所以存在 1 (0,1)x ,使得 1 ()0G x, 所以当 1 (0,)xx时,( )0G x, 当 1 (xx,1)时,( )0G x, 所以函数( )G x在 1 (0,)x上单调递减,在 1 (x,1)上单调递增, 因为(0)1G ,G(1)e , 所以当(0,1)x时,( )(0)1G xG , 所以 3 (1)(1) x x lnxxxe, 所以 3 ( ) 1 ( ) f x xx g x

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