1、 20192019 年普通高等学校招生全国统一考试（江苏卷）年普通高等学校招生全国统一考试（江苏卷） 数学数学 注意事项 考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求 1 1本试卷共本试卷共 4 4 页，均为非选择题页，均为非选择题( (第第 1 1 题题 第第 2020 题，共题，共 2020 题题) )。本卷满分为。本卷满分为 160160 分，考试时间为分，考试时间为 120120 分钟。考试结束后，请将本试卷和答题卡一片交回。分钟。考试结束后，请将本试卷和答题卡一片交回。 2 2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用答题前，请务必将自己的
2、姓名、准考证号用 0.50.5 毫米黑色墨水的签字笔毫米黑色墨水的签字笔 填写在试卷及答题卡的规定位置。填写在试卷及答题卡的规定位置。 3 3请认真核对监考员从答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本请认真核对监考员从答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本 人是否相符。人是否相符。 4 4作答试题，必须用作答试题，必须用 0.50.5 毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作 答答，在其他位置作答一律无效。，在其他位置作答一律无效。 5 5如需作图，须用如需作图，须用 2B2B 铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗。铅笔绘、写清楚，线条
3、、符号等须加黑、加粗。 参考公式：参考公式： 样本数据样本数据 12 , n x xx 的方差的方差 2 2 1 1 n i i sxx n ，其中，其中 1 1 n i i xx n 柱体的体积柱体的体积VSh，其中，其中S是柱体的底面积，是柱体的底面积，h是柱体的高是柱体的高 锥体的体积锥体的体积 1 3 VSh，其中，其中S是锥体的底面积，是锥体的底面积，h是锥体的高是锥体的高 一、填空题：本大题共一、填空题：本大题共 1414 小题，每小题小题，每小题 5 5 分，共计分，共计 7070 分请把答案填写在分请把答案填写在答答 题卡相应位置上题卡相应位置上 1.已知集合 1,0,1,6A
4、 ，0,Bx xxR，则A B_. 【答案】1,6. 【解析】 【分析】 由题意利用交集的定义求解交集即可. 【详解】由题知，1,6AB . 【点睛】本题主要考查交集的运算，属于基础题. 2.已知复数(2i)(1 i)a 的实部为 0，其中i为虚数单位，则实数 a的值是_. 【答案】2. 【解析】 【分析】 本题根据复数的乘法运算法则先求得z，然后根据复数的概念，令实部为 0即得 a的值. 【详解】 2 (a 2 )(1 i)222(2)iaaiiiaai ， 令20a得2a. 【点睛】本题主要考查复数的运算法则，虚部的定义等知识，意在考查学生的转化能力和计 算求解能力. 3.下图是一个算法流
5、程图，则输出的 S的值是_. 【答案】5. 【解析】 【分析】 结合所给的流程图运行程序确定输出的值即可. 【详解】执行第一次， 1 ,14 22 x SSx 不成立，继续循环，12xx ； 执行第二次， 3 ,24 22 x SSx不成立，继续循环，13xx ； 执行第三次，3,34 2 x SSx不成立，继续循环，14xx ； 执行第四次，5,44 2 x SSx成立，输出5.S 【点睛】识别、运行程序框图和完善程序框图的思路： (1)要明确程序框图的顺序结构、条件结构和循环结构 (2)要识别、运行程序框图，理解框图所解决的实际问题 (3)按照题目的要求完成解答并验证 4.函数 2 76y
6、xx 的定义域是_. 【答案】1,7. 【解析】 【分析】 由题意得到关于 x的不等式，解不等式可得函数的定义域. 【详解】由已知得 2 760xx , 即 2 670xx 解得17x ， 故函数的定义域为 1,7. 【点睛】 求函数的定义域， 其实质就是以函数解析式有意义为准则， 列出不等式或不等式组， 然后求出它们的解集即可 5.已知一组数据 6，7，8，8，9，10，则该组数据的方差是_. 【答案】 5 3 . 【解析】 【分析】 由题意首先求得平均数，然后求解方差即可. 【详解】由题意，该组数据的平均数为 67889 10 8 6 ， 所以该组数据的方差是 222222 15 (68)
7、(78)(88)(88)(98)(108) 63 . 【点睛】本题主要考查方差的计算公式，属于基础题. 6.从 3 名男同学和 2 名女同学中任选 2 名同学参加志愿者服务，则选出的 2名同学中至少有 1 名女同学的概率是_. 【答案】 7 10 . 【解析】 【分析】 先求事件的总数，再求选出的 2 名同学中至少有 1名女同学的事件数，最后根据古典概型的 概率计算公式得出答案. 【详解】从 3名男同学和 2 名女同学中任选 2 名同学参加志愿服务，共有 2 5 10C 种情况. 若选出的 2 名学生恰有 1名女生，有 11 32 6C C 种情况， 若选出的 2 名学生都是女生，有 2 2
8、1C 种情况， 所以所求的概率为 6 17 1010 . 【点睛】计数原理是高考考查的重点内容，考查的形式有两种，一是独立考查，二是与古典 概型结合考查，由于古典概型概率的计算比较明确，所以，计算正确基本事件总数是解题的 重要一环.在处理问题的过程中，应注意审清题意，明确分类分步，根据顺序有无，明确 排列组合. 7.在平面直角坐标系xOy中，若双曲线 2 2 2 1(0) y xb b 经过点（3，4)，则该双曲线的渐 近线方程是_. 【答案】2yx . 【解析】 【分析】 根据条件求b，再代入双曲线的渐近线方程得出答案. 【详解】由已知得 2 2 2 4 31 b ， 解得 2b 或 2b
9、， 因为0b，所以 2b . 因为1a ， 所以双曲线的渐近线方程为2yx . 【点睛】双曲线的标准方程与几何性质，往往以小题的形式考查，其难度一般较小，是高考 必得分题.双曲线渐近线与双曲线标准方程中的, a b密切相关， 事实上， 标准方程中化 1为 0， 即得渐近线方程. 8.已知数列 * () n anN是等差数列， n S是其前 n项和.若 2589 0,27a aaS，则 8 S的 值是_. 【答案】16. 【解析】 【分析】 由题意首先求得首项和公差，然后求解前 8项和即可. 【详解】由题意可得： 258111 91 470 9 8 927 2 a aaadadad Sad ，
10、解得： 1 5 2 a d ，则 81 8 7 84028 216 2 Sad . 【点睛】等差数列、等比数列的基本计算问题，是高考必考内容，解题过程中要注意应用函 数方程思想，灵活应用通项公式、求和公式等，构建方程（组） ，如本题，从已知出发，构 建 1 a d,的方程组. 9.如图，长方体 1111 ABCDABC D的体积是 120，E 为 1 CC的中点，则三棱锥 E-BCD的体积 是_. 【答案】10. 【解析】 【分析】 由题意结合几何体的特征和所给几何体的性质可得三棱锥的体积. 【详解】因为长方体 1111 ABCDABC D的体积为 120， 所以 1 120AB BC CC，
11、 因为E为 1 CC的中点， 所以 1 1 2 CECC， 由长方体的性质知 1 CC 底面ABCD， 所以CE是三棱锥EBCD的底面BCD上的高， 所以三棱锥EBCD的体积 11 32 VAB BC CE 1 1111 12010 32212 AB BCCC. 【点睛】本题蕴含整体和局部的对立统一规律.在几何体面积或体积的计算问题中，往往 需要注意理清整体和局部的关系，灵活利用割与补的方法解题. 10.在平面直角坐标系xOy中， P 是曲线 4 (0)yxx x 上的一个动点， 则点 P 到直线 x+y=0 的距离的最小值是_. 【答案】4. 【解析】 【分析】 将原问题转化为切点与直线之间
12、的距离，然后利用导函数确定切点坐标可得最小距离 【详解】当直线 2 2 gR r 平移到与曲线 4 yx x 相切位置时，切点 Q即为点 P到直线 2 2 gR r 的 距离最小. 由 2 4 11y x ，得 2(2)x 舍，3 2y ， 即切点( 2,3 2)Q， 则切点 Q 到直线 2 2 gR r 的距离为 22 23 2 4 11 ， 故答案为：4 【点睛】 本题考查曲线上任意一点到已知直线的最小距离， 渗透了直观想象和数学运算素养. 采取导数法和公式法，利用数形结合和转化与化归思想解题. 11.在平面直角坐标系xOy中，点 A 在曲线 y=lnx 上，且该曲线在点 A 处的切线经过
13、点（-e， -1)(e 为自然对数的底数） ，则点 A的坐标是_. 【答案】(e, 1). 【解析】 【分析】 设出切点坐标，得到切线方程，然后求解方程得到横坐标的值可得切点坐标. 【详解】设点 00 ,A x y，则 00 lnyx.又 1 y x ， 当 0 xx时， 0 1 y x ， 点 A 在曲线 lnyx 上切线为 00 0 1 ()yyxx x ， 即 0 0 ln1 x yx x ， 代入点, 1e ，得 0 0 1 ln1 e x x ， 即 00 lnxxe， 考查函数 lnH xxx，当0,1x时， 0H x ，当1,x时， 0H x ， 且 ln1Hxx，当1x 时，
14、0,HxH x单调递增， 注意到 H ee，故 00 lnxxe存在唯一的实数根 0 xe，此时 0 1y ， 故点A的坐标为,1A e. 【点睛】导数运算及切线的理解应注意的问题： 一是利用公式求导时要特别注意除法公式中分子的符号，防止与乘法公式混淆 二是直线与曲线公共点的个数不是切线的本质， 直线与曲线只有一个公共点， 直线不一定是 曲线的切线，同样，直线是曲线的切线，则直线与曲线可能有两个或两个以上的公共点 12.如图，在VABC中，D 是 BC的中点，E 在边 AB 上，BE=2EA，AD 与 CE交于点O.若 6AB ACAO EC ，则 AB AC 的值是_. 【答案】 3. 【解
15、析】 【分析】 由题意将原问题转化为基底的数量积，然后利用几何性质可得比值. 【详解】如图，过点 D 作 DF/CE，交 AB 于点 F，由 BE=2EA，D 为 BC 中点，知 BF=FE=EA,AO=OD. 3 63 2 AO ECADACAEABACACAE 2231311 23233 ABACACABAB ACABACAB AC 22223 2113 2 3322 AB ACABACAB ACABACAB AC ， 得 2213 , 22 ABAC即3,ABAC故3 AB AC . 【点睛】本题考查在三角形中平面向量的数量积运算，渗透了直观想象、逻辑推理和数学运 算素养.采取几何法，利
16、用数形结合和方程思想解题. 13.已知 tan2 3 tan 4 ，则 sin 2 4 的值是_. 【答案】 2 2 22 1:4 A AAA CCC C v arv vav r . 【解析】 【分析】 由题意首先求得tan的值， 然后利用两角和差正余弦公式和二倍角公式将原问题转化为齐 次式求值的问题，最后切化弦求得三角函数式的值即可. 【详解】由 tan1tantantan2 tan1 tan13 tan 1tan4 ， 得 2 3tan5tan20， 解得tan2，或 1 tan 3 . sin 2sin2 coscos2 sin 444 22 22 222sincoscossin sin
17、2cos2= 22sincos 2 2 22tan1 tan = 2tan1 ， 当tan2时，上式 2 2 22 2 1 22 = 22110 ； 当 1 tan 3 时，上式= 2 2 11 21 2233 = 210 1 1 3 . 综上， 2 sin 2. 410 【点睛】本题考查三角函数的化简求值，渗透了逻辑推理和数学运算素养.采取转化法，利 用分类讨论和转化与化归思想解题. 14.设( ), ( )f x g x是定义在 R上的两个周期函数， ( )f x的周期为 4，( )g x的周期为 2， 且( )f x 是奇函数.当(0,2x时， 2 ( )1 (1)f xx， (2),0
18、1 ( ) 1 ,12 2 k xx g x x ，其中 k0.若 在区间(0，9上，关于 x 的方程( )( )f xg x有 8个不同的实数根，则 k的取值范围是_. 【答案】 12 , 34 . 【解析】 【分析】 分别考查函数 f x和函数 g x图像的性质，考查临界条件确定 k的取值范围即可. 【详解】当0,2x时， 2 ( )11 ,f xx 即 2 2 11,0.xyy 又 ( )f x为奇函数，其图象关于原点对称，其周期为 4，如图，函数( )f x与( )g x的图象，要 使( )( )f xg x在(0,9上有 8个实根，只需二者图象有 8个交点即可. 当 1 g( ) 2
19、 x 时，函数( )f x与( )g x的图象有 2个交点； 当g( )(2)xk x时，( )g x的图象为恒过点（-2，0）的直线，只需函数 ( )f x与( )g x的图 象有 6 个交点.当 ( )f x与( )g x图象相切时，圆心（1，0）到直线20kxyk 的距离为 1， 即 2 2 1 1 kk k ，得 2 4 k ，函数 ( )f x与( )g x的图象有 3 个交点；当g( )(2)xk x 过点 （1,1）时，函数 ( )f x与( )g x的图象有 6个交点，此时1 3k ，得 1 3 k . 综上可知，满足( )( )f xg x在(0,9上有 8个实根的 k 的取
20、值范围为 12 34 ，. 【点睛】本题考点为参数的取值范围，侧重函数方程的多个实根，难度较大.不能正确画出 函数图象的交点而致误， 根据函数的周期性平移图象， 找出两个函数图象相切或相交的临界 交点个数，从而确定参数的取值范围. 二、解答题：本大题共二、解答题：本大题共 6 6 小题，共计小题，共计 9090 分请在分请在答题卡指定区域答题卡指定区域 内作答，解答内作答，解答 时应写出文字说明、证明过程或演算步骤时应写出文字说明、证明过程或演算步骤 15.在ABC 中，角 A，B，C 的对边分别为 a，b，c （1）若 a=3c，b= 2，cosB= 2 3 ，求 c 的值； （2）若 si
21、ncos 2 AB ab ，求sin() 2 B 的值 【答案】 （1） 3 3 c ； （2） 2 5 5 . 【解析】 【分析】 (1)由题意结合余弦定理得到关于 c的方程，解方程可得边长 c 的值； (2)由题意结合正弦定理和同角三角函数基本关系首先求得cosB的值， 然后由诱导公式可得 sin() 2 B 的值. 【详解】 （1）因为 2 3 ,2,cos 3 ac bB， 由余弦定理 222 cos 2 acb B ac ，得 222 2(3 )( 2) 32 3 cc c c ，即 2 1 3 c . 所以 3 3 c . （2）因为 sincos 2 AB ab ， 由正弦定理
22、sinsin ab AB ，得 cossin 2 BB bb ，所以cos2sinBB. 从而 22 cos(2sin)BB，即 22 cos4 1 cosBB，故 2 4 cos 5 B . 因为sin0B，所以cos2sin0BB，从而 2 5 cos 5 B . 因此 2 5 sincos 25 BB . 【点睛】本题主要考查正弦定理、余弦定理、同角三角函数关系、诱导公式等基础知识，考 查运算求解能力. 16.如图，在直三棱柱 ABCA1B1C1中，D，E分别为 BC，AC 的中点，AB=BC 求证： （1）A1B1平面 DEC1； （2）BEC1E 【答案】 （1）见解析； （2）见解
23、析. 【解析】 【分析】 (1)由题意结合几何体的空间结构特征和线面平行的判定定理即可证得题中的结论； (2)由题意首先证得线面垂直，然后结合线面垂直证明线线垂直即可. 【详解】 （1）因为 D，E分别为 BC，AC 的中点， 所以 EDAB. 在直三棱柱 ABC-A1B1C1中，ABA1B1， 所以 A1B1ED. 又因为 ED平面 DEC1，A1B1平面 DEC1， 所以 A1B1平面 DEC1. （2）因为 AB=BC，E 为 AC的中点，所以 BEAC. 因为三棱柱 ABC-A1B1C1是直棱柱，所以 CC1平面 ABC. 又因为 BE平面 ABC，所以 CC1BE. 因为 C1C平面
24、 A1ACC1，AC平面 A1ACC1，C1CAC=C， 所以 BE平面 A1ACC1. 因为 C1E平面 A1ACC1，所以 BEC1E. 【点睛】本题主要考查直线与直线、直线与平面、平面与平面的位置关系等基础知识，考查 空间想象能力和推理论证能力. 17.如图，在平面直角坐标系 xOy中，椭圆 C: 22 22 1(0) xy ab ab 的焦点为 F1（1、0） ， F2（1，0） 过 F2作 x轴的垂线 l，在 x轴的上方，l与圆 F2: 222 (1)4xya交于点 A， 与椭圆 C 交于点 D.连结 AF1并延长交圆 F2于点 B， 连结 BF2交椭圆 C 于点 E， 连结 DF1
25、 已 知 DF1= 5 2 （1）求椭圆 C 的标准方程； （2）求点 E的坐标 【答案】 （1） 22 1 43 xy ； （2） 3 ( 1,) 2 E . 【解析】 【分析】 (1)由题意分别求得 a,b 的值即可确定椭圆方程； (2)解法一：由题意首先确定直线 1 AF的方程，联立直线方程与圆的方程，确定点 B 的坐标， 联立直线 BF2与椭圆的方程即可确定点 E的坐标； 解法二：由题意利用几何关系确定点 E 的纵坐标，然后代入椭圆方程可得点 E 的坐标. 【详解】 （1）设椭圆 C 的焦距为 2c. 因为 F1(1，0)，F2(1，0)，所以 F1F2=2，c=1. 又因为 DF1=
26、 5 2 ，AF2x 轴，所以 DF2= 2222 112 53 ( )2 22 DFFF， 因此 2a=DF1+DF2=4，从而 a=2 由 b2=a2-c2，得 b2=3. 因此，椭圆 C 的标准方程为 22 1 43 xy . （2）解法一： 由（1）知，椭圆 C： 22 1 43 xy ，a=2， 因为 AF2x轴，所以点 A的横坐标为 1. 将 x=1代入圆 F2的方程(x-1) 2+y2=16，解得 y= 4. 因为点 A 在 x 轴上方，所以 A(1，4). 又 F1(-1，0)，所以直线 AF1：y=2x+2. 由 2 2 22 116 yx xy ，得 2 56110xx，
27、解得1x 或 11 5 x . 将 11 5 x 代入22yx，得 12 5 y ， 因此 1112 (,) 55 B .又 F2(1，0)，所以直线 BF2： 3 (1) 4 yx. 由 22 3 (1) 4 1 43 yx xy ，得 2 76130xx，解得1x或 13 7 x . 又因为 E 是线段 BF2与椭圆的交点，所以1x. 将1x代入 3 (1) 4 yx，得 3 2 y .因此 3 ( 1,) 2 E . 解法二： 由（1）知，椭圆 C： 22 1 43 xy .如图，连结 EF1. 因为 BF2=2a，EF1+EF2=2a，所以 EF1=EB， 从而BF1E=B. 因为 F
28、2A=F2B，所以A=B， 所以A=BF1E，从而 EF1F2A. 因为 AF2x轴，所以 EF1x轴. 因为 F1(-1，0)，由 22 1 1 43 x xy ，得 3 2 y . 又因为 E 是线段 BF2与椭圆的交点，所以 3 2 y . 因此 3 ( 1,) 2 E . 【点睛】本题主要考查直线方程、圆的方程、椭圆方程、椭圆的几何性质、直线与圆及椭圆 的位置关系等基础知识，考查推理论证能力、分析问题能力和运算求解能力. 18.如图，一个湖的边界是圆心为 O 的圆，湖的一侧有一条直线型公路 l，湖上有桥 AB（AB 是圆 O的直径） 规划在公路 l上选两个点 P、Q，并修建两段直线型道
29、路 PB、QA规划要 求:线段 PB、QA 上的所有点到点 O 的距离均不小于圆 O 的半径已知点 A、B到直线 l的距 离分别为 AC 和 BD（C、D为垂足） ，测得 AB=10，AC=6，BD=12（单位:百米） （1）若道路 PB与桥 AB垂直，求道路 PB 的长； （2）在规划要求下，P 和 Q中能否有一个点选在 D处？并说明理由； （3）对规划要求下，若道路 PB和 QA 的长度均为 d（单位：百米）.求当 d最小时，P、Q 两点间的距离 【答案】 （1）15（百米） ； （2）见解析； （3）17+3 21（百米）. 【解析】 【分析】 解：解法一： （1）过 A 作AEBD，垂
30、足为 E.利用几何关系即可求得道路 PB 的长； （2）分类讨论 P和 Q 中能否有一个点选在 D处即可. （3）先讨论点 P的位置，然后再讨论点 Q的位置即可确定当 d 最小时，P、Q 两点间的距 离 解法二： （1）建立空间直角坐标系，分别确定点 P和点 B的坐标，然后利用两点之间距离公式可得 道路 PB 的长； （2）分类讨论 P和 Q 中能否有一个点选在 D处即可. （3）先讨论点 P的位置，然后再讨论点 Q的位置即可确定当 d 最小时，P、Q 两点间的距 离 【详解】解法一： （1）过 A 作AEBD，垂足为 E. 由已知条件得，四边形 ACDE 为矩形，6, 8DEBEACAECD
31、. 因为 PBAB， 所以 84 cossin 105 PBDABE. 所以 12 15 4 cos 5 BD PB PBD . 因此道路 PB 的长为 15（百米）. （2）若 P在 D 处，由（1）可得 E 在圆上，则线段 BE上的点（除 B，E）到点 O的距离 均小于圆 O的半径，所以 P 选在 D处不满足规划要求. 若 Q在 D处，连结 AD，由（1）知 22 10ADAEED ， 从而 222 7 cos0 225 ADABBD BAD AD AB ，所以BAD为锐角. 所以线段 AD 上存在点到点 O 的距离小于圆 O的半径. 因此，Q选在 D处也不满足规划要求. 综上，P和 Q均
32、不能选在 D处. （3）先讨论点 P的位置. 当OBP90 时，在 1 PPB中， 1 15PBPB. 由上可知，d15. 再讨论点 Q的位置. 由（2）知，要使得 QA15，点 Q只有位于点 C 的右侧，才能符合规划要求.当 QA=15 时， 2222 1563 21CQQAAC .此时，线段 QA上所有点到点 O的距离均不小于 圆 O 的半径. 综上，当 PBAB，点 Q位于点 C 右侧，且 CQ=3 21时，d最小，此时 P，Q两点间的距 离 PQ=PD+CD+CQ=17+3 21. 因此，d最小时，P，Q 两点间的距离为 17+3 21（百米）. 解法二： （1）如图，过 O作 OHl
33、，垂足为 H. 以 O 为坐标原点，直线 OH为 y轴，建立平面直角坐标系. 因为 BD=12，AC=6，所以 OH=9，直线 l的方程为 y=9，点 A，B 的纵坐标分别为 3，3. 因为 AB 为圆 O 的直径，AB=10，所以圆 O的方程为 x2+y2=25. 从而 A（4，3） ，B（4，3） ，直线 AB 的斜率为 3 4 . 因为 PBAB，所以直线 PB 的斜率为 4 3 ， 直线 PB 的方程为 425 33 yx . 所以 P（13，9） ， 22 ( 134)(93)15PB . 因此道路 PB 的长为 15（百米）. （2）若 P在 D处，取线段 BD 上一点 E（4，0
34、） ，则 EO=40. 因ckbkck+1，所以 1kk qkq ，其中 k=1，2，3，m. 当 k=1时，有 q1； 当 k=2，3，m时，有 lnln ln 1 kk q kk 设 f（x）= ln (1) x x x ，则 2 1 ln ( ) x f x x 令 ( )0f x ，得 x=e.列表如下： x (1,e) e (e，+) ( )f x + 0 f（x） 极大值 因为 ln2ln8ln9ln3 2663 ，所以 max ln3 ( )(3) 3 f kf 取 3 3q ，当 k=1，2，3，4，5时， ln ln k q k ，即 k kq， 经检验知 1k qk 也成立
35、 因此所求 m的最大值不小于 5 若 m6，分别取 k=3，6，得 3q3，且 q56，从而 q15243，且 q15216， 所以 q 不存在.因此所求 m的最大值小于 6. 综上，所求 m 的最大值为 5 【点睛】 本题主要考查等差和等比数列的定义、 通项公式、 性质等基础知识， 考查代数推理、 转化与化归及综合运用数学知识探究与解决问题的能力 数学数学(附加题附加题) ) 【选做题】本题包括【选做题】本题包括 2121、2222、2323 三小题，三小题，请选定其中两小题，并在相应的答题请选定其中两小题，并在相应的答题 区域内作答区域内作答 若多做，则按作答的前两小题评分解答时应写出文字
36、说明、证若多做，则按作答的前两小题评分解答时应写出文字说明、证 明过程或演算步骤明过程或演算步骤 21.已知矩阵 31 22 A （1）求 A2； （2）求矩阵 A的特征值. 【答案】 （1） 115 106 ； （2） 12 1,4. 【解析】 【分析】 (1)利用矩阵的乘法运算法则计算 2 A的值即可； (2)首先求得矩阵的特征多项式，然后利用特征多项式求解特征值即可. 【详解】 （1）因为 31 22 A ， 所以 2 3131 2222 A = 3 3 1 23 1 1 2 2 32 22 1 2 2 = 115 106 （2）矩阵 A 的特征多项式为 2 31 ( )54 22 f
37、. 令 ( )0f ，解得 A 的特征值 12 1,4. 【点睛】本题主要考查矩阵的运算、特征值等基础知识，考查运算求解能力 22.在极坐标系中，已知两点3, 2, 42 AB ，直线 l的方程为sin3 4 . （1）求 A，B 两点间的距离； （2）求点 B到直线 l距离. 【答案】 （1）5； （2）2. 【解析】 【分析】 (1)由题意，在OAB中，利用余弦定理求解AB的长度即可； (2)首先确定直线的倾斜角和直线所过的点的极坐标，然后结合点 B的坐标结合几何性质可 得点 B到直线l的距离. 【详解】 （1）设极点为 O.在OAB中，A（3， 4 ） ，B（ 2， 2 ） ， 由余弦定
38、理，得 AB= 22 3( 2)2 32 cos()5 24 . （2）因为直线 l方程为sin()3 4 ， 则直线 l过点(3 2,) 2 ，倾斜角为 3 4 又( 2,) 2 B ，所以点 B 到直线 l的距离为 3 (3 22) sin()2 42 . 【点睛】本题主要考查曲线的极坐标方程等基础知识，考查运算求解能力 23.设xR，解不等式| |+|2 1|2xx. 【答案】 1 |1 3 x xx 或. 【解析】 【分析】 由题意结合不等式的性质零点分段即可求得不等式的解集. 【详解】当 x2，解得 x1. 综上，原不等式的解集为 1 |1 3 x xx 或. 【点睛】本题主要考查解
39、不等式等基础知识，考查运算求解和推理论证能力 【必做题】第【必做题】第 2424 题、第题、第 2525 题，每题题，每题 1010 分，共计分，共计 2020 分请在分请在答题卡指定区域答题卡指定区域 内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤 24.设 2* 012 (1),4, nn n xaa xa xa xnnN.已知 2 324 2aa a. （1）求 n 的值； （2）设(13)3 n ab，其中 * , a bN，求 22 3ab的值. 【答案】 （1）5n； （2）-32. 【解析】 【分析】 (1)首先由二项式展开式的通
40、项公式确定 234 ,a a a的值，然后求解关于n的方程可得n的值； (2)解法一： 利用(1)中求得的n的值确定有理项和无理项从而可得a,b的值， 然后计算 22 3ab 的值即可； 解法二：利用(1)中求得的 n 的值，由题意得到 5 13的展开式，最后结合平方差公式即 可确定 22 3ab的值. 【详解】 （1）因为 0122 (1)CCCC4 nnn nnnn xxxxn， 所以 23 23 (1)(1)(2) C,C 26 nn n nn nn aa ， 4 4 (1)(2)(3) C 24 n n nnn a 因为 2 324 2aa a， 所以 2 (1)(2)(1)(1)(2
41、)(3) 2 6224 n nnn nn nnn ， 解得5n （2）由（1）知，5n 5 (13)(13) n 0122334455 555555 CC3C ( 3)C ( 3)C ( 3)C ( 3) 3ab 解法一：解法一： 因为 * , a bN，所以 024135 555555 C3C9C76,C3C9C44ab， 从而 2222 3763 4432ab 解法二：解法二： 50122334455 555555 (13)CC (3)C (3)C (3)C (3)C (3) 0122334455 555555 CCC ( 3)C ( 3)C ( 3)(3C3) 因为 * , a bN，所
42、以 5 (13)3ab 因此 22555 3(3)(3)(13)(13)( 2)32ababab 【点睛】 本题主要考查二项式定理、 组合数等基础知识， 考查分析问题能力与运算求解能力. 25.在平面直角坐标系 xOy中，设点集(0,0),(1,0),(2,0),( ,0) n An， (0,1),( ,1),(0,2),(1,2),(2,2),( ,2),. nn BnCnnN令 nnnn MABC.从集 合 Mn中任取两个不同的点，用随机变量 X表示它们之间的距离. （1）当 n=1时，求 X的概率分布； （2）对给定的正整数 n（n3） ，求概率 P（Xn） （用 n表示）. 【答案】
43、（1）见解析； （2）见解析. 【解析】 【分析】 (1)由题意首先确定 X 可能的取值，然后利用古典概型计算公式求得相应的概率值即可确定 分布列； (2)将原问题转化为对立事件的问题求解P Xn的值，据此分类讨论.b d， .0,1bd ，.0,2bd ，.1,2bd 四种情况确定X满足Xn的所有可能的 取值，然后求解相应的概率值即可确定 P Xn 的值. 【详解】 （1）当1n 时，X的所有可能取值是12 25， X的概率分布为 22 66 7744 (1), (2) C15C15 P XP X ， 22 66 2222 (2), (5) C15C15 P XP X （2）设()A a b
44、，和()B cd，是从 n M中取出的两个点 因为()1()P XnP Xn ，所以仅需考虑Xn的情况 若bd，则ABn，不存在Xn的取法； 若01bd，则 22 ()11ABacn ，所以Xn当且仅当 2 1ABn ， 此时0 acn，或 0anc，有 2种取法； 若02bd，则 22 ()44ABacn，因为当3n时， 2 (1)4nn， 所以Xn当且仅当 2 4ABn ，此时0 acn，或 0anc，有 2种取法； 若12bd，则 22 ()11ABacn ，所以Xn当且仅当 2 1ABn ， 此时0 acn，或 0anc，有 2种取法 综上，当Xn时，X的所有可能取值是 2 1n + 和 2 4n ，且 22 22 2424 42 (1), (4) CC nn P XnP Xn
