2019全国高考（Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、京津沪浙）有机试题深度解析.doc

1、 1 OH OO C6H5 2019 全国高考（、京津沪浙）有机化学基础试题深度解析 1.（2019 全国卷）36. 化学一选修 5：有机化学基础（15 分） 化合物 G 是一种药物合成中间体，其合成路线如下： OH KMnO4 O HCHO OH - O CH2OH KMnO4 H+ ABCE D O COOH G F 1) C2H5ONa / C2H5OH 2) CH3CH2CH2Br 1) OH - , 2) H+ O COOC2H5 回答下列问题： （1）A 中的官能团名称是_。 （2）碳原子上连有 4 个不同的原子或基团时，该碳称为手性碳。写出 B 的结构简式， 用星号（*）标出 B

2、 中的手性碳_。 （3） 写出具有六元环结构，并能发生银镜反应的 B 的同分异构体的结构简式 _。 （不考虑立体异构，只需写出 3 个） （4）反应所需的试剂和条件是_。 （5）的反应类型是_。 （6）写出 F 到 G 的反应方程式 _。 （7）设计由甲苯和乙酰乙酸乙酯 （CH3COCH2COOC2H5） 制备的 合成线路 _（无机试剂任选） 。 【答案】 （1）羟基 （2） O* * * * （3） CHO ， CHO ， CHO ， CHO ， CH2CHO （写出其中的三个即可） 2 （4）C2H5OH/浓硫酸、加热 （5）取代反应 （6） O COOC2H5 OH -, O COO -

3、 + C2H5OH ， O COO - H + O COOH （7） 1) OH -, 2) H + CH3COCH2COOC2H5 1) C2H5ONa / C2H5OH 2) C6H5CH2Br CH3COCHCOOC2H5 CH2C6H5 CH3COCHCOOH CH2C6H5 【解析】 （1）由题给出 A 的结构可知 A 中的官能团是羟基。 （2）由手性碳的定义判断 B 中手性碳位置是 O* * * * （3）按要求 B 的同分异构体中含有六元环和醛基的结构，可写出 CHO ， CHO ， CHO ， CHO ， CH2CHO 其中的三个。 （4）D 的结构为 O COOH， 反应应是

4、 O COOH 与 C 2H5OH 发生酯化反应得到 产物 E，故所需的试剂和条件是 C2H5OH/浓硫酸、加热。 （5）由前后产物推断反应的目的是 O COOC2H5 O COOC2H5 ，有反应物、生成物 结构可判断反应类型是取代反应。 （6）F 到 G 的反应方程式为： O COOC2H5 OH -, O COO - + C2H5OH， 3 O COO - H + O COOH （7）由题目反应类比判断合成线路为： 1) OH -, 2) H + CH3COCH2COOC2H5 1) C2H5ONa / C2H5OH 2) C6H5CH2Br CH3COCHCOOC2H5 CH2C6H5

5、 CH3COCHCOOH CH2C6H5 2.（2019 全国卷）36化学选修 5：有机化学基础（15 分） 环氧树脂因其具有良好的机械性能、 绝缘性能以及与各种材料的粘结性能， 已广泛应用 于涂料和胶黏剂等领域。下面是制备一种新型环氧树脂 G 的合成路线： 已知以下信息： G 4 回答下列问题： （1）A 是一种烯烃，化学名称为_，C 中官能团的名称为_、 _。 （2）由 B 生成 C 的反应类型为_ _。 （3）由 C 生成 D 的反应方程式为_。 （4）E 的结构简式为 。 （5）E 的二氯代物有多种同分异构体，请写出其中能同时满足以下条件的芳香化合物 的结构简式_、_。 能发生银镜反应

6、；核磁共振氢谱有三组峰，且峰面积比为 321。 （6）假设化合物 D、F 和 NaOH 恰好完全反应生成 1 mol 单一聚合度的 G，若生成的 NaCl 和 H2O 的总质量为 765 g，则 G 的 n 值理论上应等于_。 【答案】 （1）丙烯 氯原子、羟基 （2）加成反应 （3） （4） （5） （6）8 【解析】 A 为三碳烯烃，只能为丙烯。丙烯与氯气光照发生取代反应得到 B CH2CHCH2Cl， 5 再与次氯酸加成得到 C CH2CH ClOH CH2Cl 。 由信息可知，E 为苯乙酮。 D 与 F 聚合时，每个 F 脱 2 个羟基氢，其中一个 H 与 D 加成开环形成羟基，另一个

7、 H 与 D 脱下的 Cl 形成 HCl，再发生 HCl + NaOH = NaCl + H2O，生成的 NaCl 和 H2O 的总质 量为 765 g，共有 10 mol NaCl 和 H2O 生成。其中在形成聚合链两个端基时各有一个 HCl 分 子生成，故聚合链上形成的 HCl 为 8 mol，n = 8。 3.（2019 全国卷）36化学选修 5：有机化学基础（15 分） 氧化白藜芦醇 W 具有抗病毒等作用。下面是利用 Heck 反应合成 W 的一种方法： 回答下列问题： （1）A 的化学名称为_。 （2） 中的官能团名称是_。 （3）反应的类型为_，W 的分子式为_。 （4）不同条件对

8、反应产率的影响见下表： 实验 碱 溶剂 催化剂 产率/% 1 KOH DMF Pd(OAc)2 22.3 2 K2CO3 DMF Pd(OAc)2 10.5 3 Et3N DMF Pd(OAc)2 12.4 4 六氢吡啶 DMF Pd(OAc)2 31.2 5 六氢吡啶 DMA Pd(OAc)2 38.6 6 六氢吡啶 NMP Pd(OAc)2 24.5 上述实验探究了_和_对反应产率的影响。此外，还可以进一步探究 _等对反应产率的影响。 6 （5）X 为 D 的同分异构体，写出满足如下条件的 X 的结构简式_。 含有苯环；有三种不同化学环境的氢，个数比为 621； 1 mol 的 X 与足量

9、金属 Na 反应可生成 2 g H2。 （6）利用 Heck 反应，由苯和溴乙烷为原料制备，写出合成路线 _。 （无机试剂任选） 【答案】 （1）间苯二酚（1，3-苯二酚） （2）羧基、碳碳双键 （3）取代反应 C14H12O4 （4）不同碱 不同溶剂 不同催化剂（或温度等） （5） （6） 【解析】 首先看到合成路线：由 A 物质经 1 反应在酚羟基的邻位引入了一个碘原子，发生了取代 反应生成了 B 物质，B 物质与乙烯酸在催化剂的作用下生成了 C 物质。C 与 E 发生 heck 反 应生成 w 物质。 （1）A 物质所含官能团是两个酚羟基，且苯环上有两个是间位的取代基，那物质的命名 就是

10、间苯二酚, （2）物质中含碳碳双键和羧基 （3）D 物质到 E 物质没有双键的消失，且在 O 原子处增加了氢原子，没有双键参与反 应所以属于取代反应，W 物质中可以轻松数出共有 14 个 C 原子，4 个氧原子，氢原子的个 数可以通过不饱和度来推断出，14 个碳的烷应该有 30 个氢，现在该分子有 9 个不饱和度， 7 其中一个苯环 4 个，一个双键 1 个，一个不饱和度少 2 个氢，所以 30-9*2=12，因此有 12 个氢原子。 （4）可以从表格中寻找溶剂相同的实验、碱相同的实验发现得出：实验 1,2,3,探究了不 同碱对反应的影响；实验 4、5、6 探究了不同溶剂对反应的影响，最后只剩

11、下不同催化剂对 实验的影响。 （5）D 的分子式为：C8H9O2I，要求含苯环，那支链最多含两个 C，且 1 mol X 与足量 Na反应可生成2 g氢气， 说明X结构中有两个酚羟基或醇羟基， 又有三种不同环境的氢6:2:1， 那一定是有两个甲基和两个酚羟基，因为醇羟基没有 6 个相同环境的氢。 所以，X 的结构简式为： （6）由题意中的 heck 反应可知需要一个反应物中含双建，一个反应物中含 I；从苯出 发可以经过溴乙烷和溴化铁的反应制得乙苯，乙苯在乙基上通过烷烃的取代反应生成氯乙 苯，氯乙苯在氢氧化钠醇溶液下发生卤代烃的消去反应从而生成双键，得到苯乙烯；可以仿 照反应 1 通过相同条件在

12、苯环上上一个碘原子取代苯环的氢。合成路线如下： 最后一个写合成路线，要必须从已有的物质出发，不得自己添加反应所需有机物，仿照 题中出现的反应，将合成路线分为两部分，一次合成，遇到不会的合成，首先要在题意和已 知中寻找，清楚想要有碳碳双键出现应该利用卤代烃的消去反应。 4.（2019 北京卷）25 （16 分） 抗癌药托瑞米芬的前体 K 的合成路线如下。 8 已知： .有机物结构可用键线式表示，如(CH3)2NCH2CH3的键线式 N （1）有机物 A 能与 Na2CO3溶液反应产生 CO2，其钠可用于食品防腐。有机物 B 能与 Na2CO3溶液反应，但不产生 CO2；B 加氢可得环己醇。A 和

13、 B 反应生成 C 的化学方程式是 _，反应类型是_。 （2）D 中的含氧官能团是：_。 （3）E 的结构简式为_。 （4）F 是一种天然香料，经碱水解、酸化，得 G 和 J，J 经还原可转化为 G。J 的结构 简式为_。 （5）M 和 J 是同分异构体，符合下列条件的 M 的结构简式是_。 包含 2 个六元环； M 可水解，与 NaOH 溶液共热时，1molM 最多消耗 2molNaOH。 （6）推测 E 和 G 反应得到 K 的过程中，反应物 LiAlH4和 H2O 的作用_。 （7）由 K 合成托瑞米芬的过程: 托瑞米芬具有反式结构，其结构简式是_。 【答案】 （1） 取代反应（酯化反应

14、） （2）羰基 羟基 （3） 9 （4） （5） （6）还原剂 （7） 【解析】 本题合成药物为载体，联系社会生产生活实际，考查了有机化学方程式的书写，有机化 学反应类型判断、官能团的识别、同分异构体的书写、顺反异构的判断等知识点，比较好入 手，整体难度不大。 在第（1）问中，给了提示“有机物 A 能与 Na2CO3溶液反应产生 CO2，其钠可用于食品 防腐” ，可知 A 为苯甲酸， “有机物 B 能与 Na2CO3溶液反应，但不产生 CO2;B 加氢可得环 己醇” ，可知 B 为苯酚。因此 A 和 B 的反应方程式为： 化学反应类型为：取代反应（酯化反应） ，同时也知道了 C 的结构。 （2

15、）由已知可以看得出：苯酚生成的酯在 AlCl3的作用下会生成酚羟基，同时对位 上生成羰基，由此得官能团名称为羟基和羰基。 （3）由已知 i 可以看出，酚羟基在 Na2CO3的作用下，会与氯代烃发生取代反应，同时 生成醚键，从而得出 E 的结构简式为 （4）F 是一种天然香料，能够水解得到两种物质，可以知道 F 为酯类由于，J 经还原可 转化为 G，则 G 和 J 碳原子数一样多，并且碳骨架一样，根据原子守恒可知 J 的结构简式为 10 （5）M 可水解，与 NaOH 溶液共热时，1 molM 最多消耗 2 molNaOH，可知 M 含有酚 羟基形成的酯，并且有两个六元环，根据原子守恒和不和度可

16、知 J 的结构简式为： （6）LiAlH4 是强还原剂 （7）托瑞米芬具有反式结构，则 K 到 N 的过程发生消去反应，同时双键碳原子连接两 个不同的基团，即 碳上没有氢的羟基发生了消去反应。根据原子守恒可知：托瑞米芬的结 构简式为 5.（2019 天津卷）8.（18 分） 我国化学家首次实现了膦催化的（3+2）环加成反应，并依据该反应，发展了一条合成 中草药活性成分茅苍术醇的有效路线。 D E F G 茅苍术醇 回答下列问题： （1）茅苍术醇的分子式为 ，所含官能团名称为 ，分子 11 中手性碳原子（连有四个不同的原子或原子团）的数目为 。 （2）化合物 B 的核磁共振氢谱中有 个吸收峰，并

17、满足以下条件的同分异构体 （不考虑手性异构）数目为 。 分子中含有碳碳三键和乙酯基（COOCH2CH3） ； 分子中有连续四个碳原子在一条直线上。 写出其中碳碳三键和乙酯基直接相连的同分异构体的结构简式 。 （3）C D 的反应类型为 。 （4）D E 的化学方程式为 ，除 E 外该反应另一产物的 系统命名为 。 （5）下列试剂分别与 F 和 G 反应，可以生成相同环状产物的是 (填序号） 。 a.Br2 b. HBr c. NaOH 溶液 （6） 参考以上合成路线及条件，选择两种链状不饱和酯，通过两步反应合成化合物 M， 在方框中写出路线流程图（其他试剂任选） 。 【试题解析】【试题解析】

18、该题以我国化学家首次实现的膦催化的（3+2）环加成反应为依据、研究合成中草药活 性成分茅苍术醇的有效路线。 考查了学生分子式的写法和手性碳的找法 （重点看单键碳所连 四个不同基团） 、有机物的命名、等效氢的判断、给定条件下同分异构体数目的找法、反应 方程式的书写及反应类型判断，这些均属于有机化学基础知识。 （5）考查了不对称烯烃的加成反应遵循马氏规则。 （6）应用所给信息完成有机物的合成流程图，考查了学生接受信息并应用信息的综合 能力。 【答案】【答案】 （1）C15H26O 碳碳双键、 羟基 3 （2）2 5 COOCH3 COOCH2CH3 M 12 （3）加成反应 或还原反应 （4） 2

19、-甲基-2-丙醇 （5）b (Pd/C 写成 Ni 等合理催化剂亦可） 6.（2019 江苏卷）17(15 分) 化合物 F 是合成一种天然茋类化合物的重要中间体，其合成路线如下： （1） A 中含氧官能团的名称为_和_。 （2） AB 的反应类型为_。 （3） CD 的反应中有副产物 X（分子式为 C12H15O6Br）生成，写出 X 的结构简式 _。 （4） C 的一种同分异构体同时满足下列条件，写出该同分异构体的结构简式 _。 能与 FeCl3溶液发生显色反应； 碱性水解后酸化，含苯环的产物分子中不同化学环境的氢原子数目比为 11。 13 （5）已知： （R 表示烃基，R和 R 表示烃基

20、或氢） 写出以 和CH3 CH2 CH2OH为原料制备 合成路线 流程图（无机试剂和有机溶剂任用，合成路线流程图示例见本题题干） 。 【答案】 （1） （酚）羟基 羧基 （2）取代反应 （3） （4） （5） 【解析】 （1）根据 A 的结构简式观察其中官能团有溴原子，含氧官能团有（酚）羟基和羧基。 （2）根据 A、B 结构对比可知 A 中羧基中-OH 部分被-Cl 取代。 （3）由 CD 可知 CH3 O CH2Cl 可以和一个酚羟基取代，也可以和第二酚羟基取代， 可知副产物为 （4）C 的同分异构体可以和氯化铁溶液显色，则结构中有酚羟基；可以水解说明有酯 基，且含苯环水解产物氢原子数目比为

21、 11，所以其分子结构中含有酯基且水解产物对称 14 性高，从而结构中应含有酚酯基。 （5）对比原料和目标产物结构简式的差异，结合（5）所给已知信息和流程反应信息， 可知合成目标产物需利用格氏试剂和丙醛， 所以首先利用 1-丙醇制备丙醛。 然后利用 LiAlH4 还原 中酯基为羟基，进而和 HCl 取代进一步制备格氏试剂。 7.（2019 浙江选考化学卷）26(6 分) 以煤、天然气和生物质为原料制取有机化合物日益受到重视。E 是两种含有碳碳双键的 酯的混合物。相关物质的转化关系如下(含有相同官能团的有机物通常具有相似的化学性 质)： 混合物 E CO、H2 CH2CHCH3 CH2CHCHO

22、 C3H4O2 C3H8O3 C6H10O4 油脂 A 浓硫酸 B C D 水解 请回答： （1）AB 的反应类型_，C 中含氧官能团的名称_。 （2）C 与 D 反应得到 E 的化学方程式_。 （3）检验 B 中官能团的实验方法_。 【答案】 （1）氧化反应 羧基 （2）CHOH CH2OH CH2OH CH2CHCOOH 浓H2SO4 CHOH CH2OOCHCH2 CH2OH H2O CHOH CH2OH CH2OH CH2CHCOOH 浓H2SO4 CHOOCHCH2 CH2OH CH2OH H2O （3）加过量银氨溶液，加热，出现银镜，说明有醛基；用盐酸酸化，过滤，滤液中加 入溴水，

23、若溴水褪色，说明有碳碳双键.。 【解析】 由已知可得 C 比 B 多了氧元素，B 到 C 发生氧化反应，即醛基被氧化成羧基；C 为 ，油脂在酸性条件下水解得到高级脂肪酸和甘油，结合 D 的分子式， 15 可知 D 为甘油 ，C 和 D 发生 1:1 的酯化反应得到 E。E 的可能结构简式为 和。 （1）根据分子组成的变化，即去氢加氧，A 到 B 的反应类型为氧化反应，C 中的含氧 官能团为羧基。 （2）由上分析混合物 E 的结构简式，可知 C 和 D 的酯化反应得到两种有机产物，因而 化学方程式分别为 CH2CHCOOH H2O 和 CH2CHCOOH H2O。 （3）B 中含有碳碳双键和醛基

24、，两者都易被氧化，其中醛基能被弱氧化剂氧化，因而 需要先检验醛基， 可采用银氨溶液检验， 注意这里需要加过量的银氨溶液以便将醛基全部氧 化，然后用盐酸酸化，原因在于银氨溶液呈碱性，能和溴水反应，然后将过滤后的滤液加入 溴水，观察现象。因而答案为加过量银氨溶液，加热，出现银镜，说明有醛基；用盐酸酸化， 过滤，滤液中加入溴水，若溴水褪色，说明有碳碳双键。 8.（2019 上海等级性考试）(三） （15 分） 白藜芦醇是一种抗肿瘤的药物，合成它的一种路线如下： C7H8O3SOCl2 OH CH2ClHO NaCN 反应 C8H7NO2 K2CO3 RC l OR CH2CNRO C7H6O2 B

25、K2CO3 RC l GRO A OH HO OH 白藜芦醇 30. A 的结构简式_。反应的反应类型_。 31. B 的芳香类同分异构体中可以发生水解的结构简式为_， 在酸性条件下水解 的产物为_。 32. 检验官能团 G 所用的试剂是_。 16 33. 根据已有知识并结合相关信息，写出以 CH2CH2OH CH2CH2OH和 CH3OH 为原料制备 CH2COOCH3CH2 CH2CH2COOCH3 的合成路线流程图（无机试剂任用） 。 （已知 RCN + 2 H /H O RCOOH）合成路线流程图如下： （甲 反应试剂 反应条件 乙 反应试剂 反应条件 目标产物） 【答案】【答案】 3

26、0. HOCH2OH OH ；取代反应 31. HCOO； HCOOH、 OH 32.银氨溶液 33 CH2 CH2 CH2OH CH2OH NaCNCH2 CH2 CH2CN CH2CN SOCl2 CH2 CH2 CH2Cl CH2Cl H+/H2OCH2 CH2 CH2COOH CH2COOH CH3OH 浓硫酸， CH2 CH2 CH2COOCH3 CH2COOCH3 【解析】 30.由 A 的分子式计算出不饱和度为 4，苯环侧链无双键等不饱和结构，再结合分析 OH CH2ClHO C7H8O3 A 可 得A的 结 构 简 式 OH CH2OHHO 。 反 应 为 OH CH2CNHO

27、 OH CH2ClHO NaCN 反应 ，氯原子被氰基取代，取代反应。 31. B K2CO3 RC l CHOROCHOHO ，此步骤意在保护酚羟基官能团。B 的芳香类同分异构体中可以发生水解的结构简式为 OC O H ，在酸性条件下水 解的产物为 HCOOH 和 OH 。 32.检验CHORO中的官能团 G 即检验醛基，用银氨溶液。 17 33.产物 CH2COOCH3CH2 CH2CH2COOCH3 可由典型的酯化反应制得，注意由 CH2CH2OH CH2CH2OH 到 CH2CH2 CH2CH2 COOH COOH 碳链加长的路线设计。合成路线如下： CH2 CH2 CH2OH CH2

28、OH NaCNCH2 CH2 CH2CN CH2CN SOCl2 CH2 CH2 CH2Cl CH2Cl H+/H2OCH2 CH2 CH2COOH CH2COOH CH3OH 浓硫酸， CH2 CH2 CH2COOCH3 CH2COOCH3 9.（2019 浙江卷）29(4 分)由 C、H、O 三种元素组成的链状有机化合物 X，只含有 羟基和羧基两种官能团，且羟基数目大于羧基数目。称取 2.04 g 纯净的 X，与足量金属钠充 分反应，生成 672 mL 氢气(标准状况)。请确定摩尔质量最小的 X 分子中羟基、羧基数目及 该 X 的相对分子质量(要求写出简要推理过程 )。 【答案】 n(H2

29、)0.03 mol，设 X 中羟基和羧基的总数为 m 个(m2)则 n(X)(0.032)/m 0.06/m mol，M(X)2.04m/0.0634m gmol1 ，m4，M(X)136 gmol1，含有 3 个 羟基和 1 个羧基，相对分子质量为 136。 【解析】 n(H2)0.03 mol，设 X 中羟基和羧基的总数为 m 个(m3)则 n(X)(0.03 2)/m0.06/m mol，M(X)2.04m/0.0634m g mol1 m4，M(X)136 g mol1，含有 3 个羟基和 1 个羧 基，相对分子质量为 136。利用 X 和足量金属钠反应计算羟基和羧基的总数目，其关系为

30、 2-OHH2、H22-COOH，进而推理出摩尔质量最小的 X。 n(H2)=0.03 mol，由于 2-OHH2、2-COOH H2，设 X 中羟基和羧基的总数为 m 个 （m2， 且为整数） ， 则 n(X)=，34m g/mol。 当 m=3，M(X)=102g/mol, 羟基数目大于羧基数目，说明含有 2 个羟基和 1 个羧基，说 明 X 分子式有 4 个 O，碳和氢的摩尔质量=102-16 4=38g/mol，分子式为 C3H2O4， 2 个羟 基和 1 个羧基就占了 3 个 H 原子，可知这个分子式不合理，m=3 不成立；当 m=4， M(X)=136g/mol,说明含有 3 个羟

31、基和 1 个羧基，同上分析可知分子式为 C4H8O5，该分子式 合理，例如可能的结构简式为。故答案是：含有 3 个羟基 和 1 个羧基，相对分子质量为 136。 10. （2019 浙江选考化学卷） 【加试题】(10 分)某研究小组拟合成除草剂苯达松和染料 中间体 X。 18 HNO3 H2SO4 A C7H8 E C8H9NO2 H C11H16N2O4S F C3H9N B C G 试剂 D H+ SO2Cl2 两步反应 碱性条件 苯达松 N H SO2 N O 已知信息： HN RCOOR 碱性条件 RCON RCH2COORRCOOR 碱性条件 RCOCHCOOR R （1）下列说法正

32、确的是_。 A化合物 B 到 C 的转变涉及到取代反应 B化合物 C 具有两性 C试剂 D 可以是甲醇 D苯达松的分子式是 C10H10N2O3S （2）化合物 F 的结构简式是_。 （3）写出 EGH 的化学方程式_。 （4）写出 C6H13NO2同时符合下列条件的同分异构体的结构简式_。 分子中有一个六元环，且成环原子中最多含 2 个非碳原子； 1HNMR 谱和 IR 谱检测表明分子中有 4 种化学环境不同的氢原子。有 NO 键，没 有过氧键(OO)。 （5） 设计以 CH3CH2OH 和 OCH3 NH2 原料制备 X( OCH3 NHCOCH2COCH3 )的合成路线 (无机试剂任选，

33、合成中须用到上述两条已知信息，用流程图表示)_。 【答案】 （1）BC （2）(CH3)2CHNH2 （3） NH2 COOCH3 (CH3)2CHNHSO2Cl NHSO2NHCH(CH3)2 COOCH3 HCl （4）O ONH2 CH3 ONCH2CH3O CH3 ON OH CH3 CH3 ON OH CH3 （5）CH3CH2OH 氧化 CH3COOH CH3CH2OH H+ CH3COOCH2CH3 碱性条件 CH3COCH2COOCH2CH3 NH2 OCH3 碱性条件 NHCOCH2COCH3 OCH3 19 【解析】 （1）B（ NO2 CH3 ）到 C（ NH2 COOH

34、 ）两步反应是先氧化甲基再还原硝基，不涉及 取代反应，不选 A； NH2 COOH 既有氨基又有羧基，显两性，选 B； NH2 COOH 和甲醇酯化 反应得到 E（ NH2 COOCH3 ） ，选 C；苯达松的分子式是 C10H12N2O3S，D 错。 （2）由苯达松的结构中可以判断出 F 的结构简式为(CH3)2CHNH2 （3）(CH3)2CHNH2和 SO2Cl2反应是产物 G 为 (CH3)2CHNHSO2Cl，所以 EGH 的 化学方程式： NH2 COOCH3 (CH3)2CHNHSO2Cl NHSO2NHCH(CH3)2 COOCH3 HCl （4）由 C6H13NO2分子式计算

35、出不饱和度为 1，题目已给出分子中有一个六元环，所以 六元环占据了唯一的不合度，剩下的 N、C、O 元素不成双键。如果六元环不含 N 和 O，既 没有没有过氧键(OO)，又的拥有 NO 键，此种情况不可能满足题目要求。所以六 元环至又一个氧原子。满足 4 种化学环境不同的氢原子的结构如下：O ONH2 CH3 、 ONCH2CH3O 、 CH3 ON OH CH3 、 CH3 ON OH CH3 。 （5） 以 CH3CH2OH 和 OCH3 NH2 原料制备 X( OCH3 NHCOCH2COCH3 )， 主要的结构变化 就是在氨基上引入 COCH2COCH3基团， 该基团 4 个碳， 结合信息推出 CH3CH2OH 氧化 CH3COOH CH3CH2OH H+ CH3COOCH2CH3 碱性条件 CH 3COCH2COOCH2CH3，再根据信息 HN RCOOR 碱性条件 RCON ， CH3COCH2COOCH2CH3 NH2 OCH3 碱性条件 NHCOCH2COCH3 OCH3 。