第一章空间向量与立体几何 同步测试卷-新人教A版(2019)高中数学选择性必修第一册高二.doc

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1、2021-2022学年高二数学同步测试卷(人教A版(2019)第一单元 空间向量与立体几何一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1在下列结论中:若向量共线,则向量所在的直线平行;若向量所在的直线为异面直线,则向量一定不共面;若三个向量两两共面,则向量共面;已知空间的三个向量,则对于空间的任意一个向量总存在实数x,y,z使得其中正确结论的个数是( )A0B1C2D32在长方体中,则直线与平面所成角的正弦值为( )ABCD3设平面与平面的夹角为,若平面的法向量分别为,则( )ABCD4如图所示,已知点P为菱形ABCD所在平面外一点,且PA平

2、面ABCD,PAADAC,点F为PC中点,则平面CBF与平面DBF夹角的正切值为()ABCD5若是空间的一个基底,则的值分别为( )ABCD6如图,四面体S-ABC中,D为BC中点,点E在AD上,AD=3AE,则=( )ABCD7如图,在四棱锥中,底面,底面为边长为2的正方形,为的中点,则异面直线与所成的角的余弦值为( )ABCD8如图所示,在正方体中,点P是底面内(含边界)的一点,且平面,则异面直线与BD所成角的取值范围为( )ABCD二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分9正方体ABCDA1B

3、1C1D1的棱长为1,E,F,G分别为BC,CC1,BB1的中点则( )A直线D1D与直线AF垂直B直线A1G与平面AEF平行C平面AEF截正方体所得的截面面积为D点C与点G到平面AEF的距离相等10给出下列命题,其中正确的命题是( )A若,则是钝角B若为直线l的方向向量,则也是直线l的方向向量C若,则可知D在四面体中,若,则11在以下命题中,不正确的命题有( )A是、共线的充要条件B若,则存在唯一的实数,使C对空间任意一点和不共线的三点、,若,则、四点共面D若为空间的一个基底,则构成空间的另一个基底12如图,在三棱柱中,侧棱底面,是棱的中点,是的延长线与的延长线的交点.若点在直线上,则下列结

4、论错误的是( ).A当为线段的中点时,平面B当为线段的三等分点时,平面C在线段的延长线上,存在一点,使得平面D不存在点,使与平面垂直三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分13三棱锥ABCD中,平面ABC平面BCD,ABBCBD,ABCDBC120,则二面角ABDC的平面角的正切值是_14如图,四面体中,、分别是线段、的中点,已知,(1);(2);(3);(4)存在实数,使得则其中正确的结论是_(把你认为是正确的所有结论的序号都填上)15如图,在正三棱柱中,分别是的中点设D是线段上的(包括两个端点)动点,当直线与所成角的余弦值为,则线段的长为_16已知异面直线m,n的方向向量分别为(2,

5、1,1),(1,1),若异面直线m,n所成角的余弦值为,则 的值为 _ 四、解答题:本题共6小题,共70分解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤17如图,在三棱锥PABC中,PA,AB,AC两两垂直,PAABAC3,且D为线段BC的中点(1)证明:BC平面PAD;(2)若,求平面PAB与平面PDE所成角的正弦值18如图,在四棱锥PABCD中,PA平面ABCD,ABAD,BCAD,点M是棱PD上一点,且ABBC2,ADPA4(1)若PM:MD1:2,求证:PB平面ACM;(2)求二面角ACDP的正弦值;(3)若直线AM与平面PCD所成角的正弦值为,求MD的长19在等腰梯形ABCD中,ADBC,A

6、BADBC2,E是BC的中点,将BAE沿着AE翻折成B1AE,使平面B1AE平面AECD,M为线段AE的中点(1)求证:CDB1D;(2)求二面角DAB1E的余弦值;(3)在线段B1C上是否存在点P,使得直线MP平面B1AD,若存在,求出的值;若不存在,请说明理由20如图,在直角梯形ABCD中,ABDC,ABC=90,AB=2DC=2BC,E为AB的中点,沿DE将ADE折起,使得点A到点P位置,且PEEB,M为PB的中点,N是BC上的动点(与点B,C不重合).(1)求证:平面EMN平面PBC;(2)是否存在点N,使得二面角BENM的余弦值?若存在,确定N点位置;若不存在,说明理由.21已知,分

7、别是空间四边形的边,的中点.(1)用向量法证明,四点共面;(2)用向量法证明:平面;(3)设是和的交点,求证:对空间任一点,有.22已知三棱柱中,(1)求证:平面平面;(2)若,在线段上是否存在一点,使二面角的平面角的余弦值为?若存在,确定点的位置;若不存在,说明理由参考答案1A【解析】平行向量就是共线向量,它们的方向相同或相反,未必在同一条直线上,故错两条异面直线的方向向量可通过平移使得它们在同一平面内,故错.三个向量两两共面,这三个向量未必共面,如三棱锥中,两两共面,但它们不是共面向量,故错根据空间向量基本定理,需不共面才成立,故错故选:A2D【解析】以点为坐标原点,以所在的直线为轴、轴、

8、轴,建立空间直角坐标系,则,为平面的一个法向量直线与平面所成角的正弦值为故选:D3B【解析】由题意,因平面与平面的夹角与其法向量的夹角相等或互补,所以.故选:B4D【解析】设ACBDO,连接OF,以O为原点,OB,OC,OF所在直线分别为x轴、y轴、z轴,建立如图所示空间直角坐标系,设PAADAC1,则BD,且为平面BDF的一个法向量.由,可得平面BCF的一个法向量为.故选:D5A【解析】,由空间向量基本定理,得,即.故选:A.6B【解析】四面体S-ABC中,D为BC中点,点E在AD上,AD=3AE,=+=.故选:B7A【解析】因为底面,所以,又,所以以为原点,分别为轴建立如图所示的空间直角坐

9、标系:则,设异面直线与所成的角为,则.所以异面直线与所成的角的余弦值为.故选:A【点睛】本题考查了直线与平面垂直的性质,考查了利用空间向量求异面直线所成的角,属于基础题.8C【解析】过A作平面平面,点P是底面内(含边界)的一点,且平面,则平面,即在与平面的交线上,连接,则四边形是平行四边形,平面,同理可证平面,平面平面,则平面即为,点在线段上,以D为坐标原点,建立如图坐标系,设正方体棱长为1,则,设,设与BD所成角为,则,当时,取得最小值为0,当或1时,取得最大值为,则.故选:C.9BC【解析】根据题意,假设直线D1D与直线AF垂直,又,平面AEF,所以平面AEF,所以,又,所以,与矛盾,所以

10、直线D1D与直线AF不垂直,所以选项A错误;因为A1GD1F,A1G平面AEFD1,平面AEFD1,所以A1G平面AEFD1,故选项B正确平面AEF截正方体所得截面为等腰梯形AEFD1,由题得该等腰梯形的上底下底,腰长为,所以梯形面积为,故选项C正确;假设与到平面的距离相等,即平面将平分,则平面必过的中点,连接交于,而不是中点,则假设不成立,故选项D错误故选:BC10CD【解析】对于A,当时,若,但,不是钝角,所以A错;对于B,当时,不是直线的方向向量,所以B错;对于C,所以C对;对于D,如图,过P作平面ABD交平面于O点,连CO交AB于M,连AO交BC于N,连BO交AC于T,同理为垂心,所以

11、,从而,所以D对;故选:CD.11ABC【解析】对于A选项,充分性:若,则、方向相反,且,充分性成立;必要性:若、共线且方向相同,则,即必要性不成立,所以,是、共线的充分不必要条件,A选项错误;对于B选项,若,则,但不存在实数,使得,B选项错误;对于C选项,对空间任意一点和不共线的三点、,若、四点共面,可设,其中、,则,可得,由于,此时,、四点不共面,C选项错误;对于D选项,假设、共面,可设,由于为空间的一个基底,可得,该方程组无解,假设不成立,所以,构成空间的另一个基底,D选项正确.故选:ABC.12ABC【解析】以为坐标原点,所在直线分别为轴、轴、轴建立空间直角坐标系,则由,所以,.设平面

12、的一个法向量为,则,取,则,所以平面的一个法向量为.假设平面,且,则.因为也是平面的法向量,所以与共线,所以成立,但此方程关于无解.因此不存在点,使与平面垂直,故选:ABC.13-2【解析】解:平面ABC平面BCD,ABBCBD,ABCDBC120,设AB1,作AOBC于点O,连DO,以点O为原点,OD,OC,OA的方向分别为x轴、y轴、z轴方向,建立坐标系,得下列坐标:O(0,0,0),D(,0,0),B(0,0),C(0,0),A(0,0,),显然(0,0,1)为平面BCD的一个法向量,设平面ABD的法向量为(x,y,1)则(x,y,1)=(x,y,1)0(x,y,1)=(x,y,1)0解

13、得x1,y,则显然(0,0,1)为平面BCD的法向量设二面角ABDC大小为,则为钝角,则|cos|,即cos,则sin,则tan2,故答案为:214(1)(3)【解析】解:(1)是线段的中点,正确;(2)取的中点,连接,则,因此不正确;(3),因此正确;(4)、分别是线段、的中点,与平面不平行,不存在实数,使得综上可得:只有(1)(3)正确故答案为:(1)(3)15【解析】解:如图以为坐标原点建立空间直角坐标系:则设,则,设直线与所成角为所以解得,所以,故答案为:16【解析】由,两边平方,化简得67,解得故答案为:17(1)证明见解析;(2)【解析】(1)证明:因为ABAC,D为线段BC的中点

14、,所以ADBC又PA,AB,AC两两垂直,且ABACA,所以PA平面ABC,则PABC因为ADPAA,所以BC平面PAD(2)解:以A为坐标原点,建立如图所示的空间直角坐标系Axyz,则A(0,0,0),B(3,0,0),C(0,3,0),P(0,0,3),D(,0),可设E(0,t,0),则(0,t,3),(,0),t1,则(,0),(0,13),设平面PDE的法向量为(x,y,z),则,即,令z1,得(-1,3,1)平面PAB的一个法向量为(0,1,0),则则故平面PAB与平面PDE所成二面角的正弦值为18(1)证明见解析;(2);(3)2【解析】(1)证明:在四棱锥PABCD中,PA平面

15、ABCD,ABAD,BCAD,以A为原点,AB为x轴,AD为y轴,AP为z轴,建立空间直角坐标系,点M是棱PD上一点,PM:MD1:2,ABBC2,ADPA4P(0,0,4),A(0,0,0),B(2,0,0),C(2,2,0),M(0,),(2,0,4),(2,2,0),(0,),设平面ACM的法向量,则,取x2,得(2,2,1),440,PB平面ACM,PB平面ACM(2)D(0,4,0),(2,2,4),(0,4,4),设平面CDP的法向量(a,b,c),则,取b1,得(1,1,1),平面ACD的法向量(0,0,1),设二面角ACDP的平面角为,则|cos|,二面角ACDP的正弦值为(3

16、)设,(01),则,平面CDP的法向量,直线AM与平面PCD所成角的正弦值为,| |,解得,19(1)证明见解析;(2);(3)存在;【解析】(1)证明:由题意可知四边形ABED是平行四边形,所以AMME,故B1MAE又因为ABBE,M为AE的中点,所以BMAE,即DMAE又因为ADBC,ADCE2所以四边形ADCE是平行四边形所以AECD故CDDM因为平面B1AE平面AECD,平面B1AE平面AECDAE,B1M平面AECD所以B1M平面AECDB1MAE因为CD平面AECD,所以B1MCD因为MDB1MM,MD、B1M平面B1MD,所以CD平面B1MD(2)解:以ME为x轴,MD为y轴,M

17、B1为z轴建立空间直角坐标系,则C(2,0),B1(0,0,),A(1,0,0),D(0,0)平面AB1E的法向量为设平面DB1A的法向量为,因为,所以,令z1得,所以,因为二面角DAB1E为锐角,所以二面角DAB1E的余弦值为(3)解:存在点P,使得MP平面B1AD设在线段B1C上存在点P,使得MP平面B1AD,设,(01),C(2,0),因为所以,因为MP平面B1AD,所以,所以2+0,解得,又因为MP平面B1AD,所以在线段B1C上存在点P,使得MP平面B1AD,.20(1)证明见解析;(2)存在,N为BC的中点.【解析】解:(1)证明:由PEEB,PEED,EBED=E,所以PE平面E

18、BCD,又BC平面EBCD,故PEBC,又BCBE,故BC平面PEB,EM平面PEB,故EMBC,又等腰三角形PEB,EMPB,BCPB=B,故EM平面PBC,EM平面EMN,故平面EMN平面PBC;(2)假设存在点N,使得二面角BENM的余弦值.以E为原点,分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,设PE=EB=2,设N(2,m,0),B(2,0,0),D(0,2,0),P(0,0,2),C(2,2,0),M(1,0,1),设平面EMN的法向量为,由,令,得,平面BEN的一个法向量为,故,解得:m=1,故存在N为BC的中点.21(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3)证明见解析.【解析】(1)

19、如图,连接,因为,分别是空间四边形的边,的中点,则,则,由共面向量定理的推论知,四点共面;(2)因为.所以,又平面,平面,所以平面;(3)连接,由(2)知,同理,所以,所以交于一点且被平分,所以.22(1)证明见解析;(2)在线段上存在一点,.【解析】(1)在三棱柱中,四边形为平行四边形,所以,四边形为菱形,连接,则,又,且,平面,平面,又,即,平面,平面,平面平面;(2)以为坐标原点,分别以、所在直线为、轴,面内过点且垂直于的直线为轴建立如图所示的空间直角坐标系,、,设在线段上存在一点,满足,使得二面角的余弦值为,则,设平面的一个法向量为,由,取,可得,得,平面的一个法向量为,由,整理可得,即,解得.故在线段上存在一点,满足,使二面角的余弦值为扫码关注学科网数学服务号,获取优质数学教育资源

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