1、 专题强化训练 基础达标 1(2019 金华十校期末调研)在(x24)5的展开式中,含 x6的项的系数为( ) A20 B40 C80 D160 解析:选 D.Tr1Cr5(x2)5 r(4)r(4)rCr 5x 102r, 令 102r6,解得 r2, 所以含 x6的项的系数为(4)2C25160. 2(2019 广州综合测试(一)四个人围坐在一张圆桌旁,每个人面前放着完全相同的一枚 硬币,所有人同时抛出自己的硬币若落在圆桌上时硬币正面朝上,则这个人站起来;若硬 币正面朝下,则这个人继续坐着那么,没有相邻的两个人站起来的概率为( ) A.1 4 B. 7 16 C. 1 2 D. 9 16
2、解析:选 B.抛四枚硬币,总的结果有 16 种, “没有相邻的两个人站进来”记 为事件 A,可分为三类:一是没有人站起来,只有 1 种结果;二是 1 人站起来, 有 4 种结果;三是有 2 人站起来,可以是 AC 或 BD,有 2 种结果所以满足题意 的结果共有 1427 种,P(A) 7 16.故选 B. 3(2019 杭州市第二次质量预测)将数字“124 467”重新排列后得到不同的偶数的个数为 ( ) A72 B120 C192 D240 解析:选 D.将数字“124 467”重新排列后所得数字为偶数,则末位数应为偶数,(1)若末位 数字为 2,因为含有 2 个 4,所以有54321 2
3、 60 种情况;(2)若末位数字为 6,同理有 54321 2 60 种情况;(3)若末位数字为 4,因为有两个相同数字 4,所以共有 54321120 种情况综上,共有 6060120240 种情况 4(2019 衢州市高三期末考试)若(xa x)(2x 1 x) 5的展开式中各项系数的和为 2,则该展开 式中常数项是( ) A40 B20 C40 D20 解析:选 C.令 x1,(1a)(21)52,解得 a1. 所以(2x1 x) 5的通项公式 Tr1Cr5(2x)5 r(1 x) r(1)r25rCr 5x 52r, 令 52r1,52r1. 解得 r3 或 2. 所以该展开式中常数项
4、(1)322C35(1)223C2540. 5某校为了提倡素质教育,丰富学生们的课外生活,分别成立绘画、象棋和篮球兴趣小 组,现有甲、乙、丙、丁四名学生报名参加,每人仅参加一个兴趣小组,每个兴趣小组至少 有一人报名,则不同报名方法有( ) A12 种 B24 种 C36 种 D72 种 解析:选 C.由题意可知,从 4 人中任选 2 人作为一个整体,共有 C246(种),再把这个整 体与其他 2 人进行全排列,对应 3 个活动小组,有 A336(种)情况,所以共有 6636(种)不 同的报名方法 6(2019 金华市调研考试)若( 3 x 3 x)n的展开式中所有项系数的绝对值之和为 1 02
5、4,则 该展开式中的常数项是( ) A270 B270 C90 D90 解析:选 C.( 3 x 3 x)n的展开式中所有项系数的绝对值之和等于( 3 x 3 x)n的展开式中所 有项系数之和令 x1,得 4n1 024,所以 n5.( 3 x 3 x)5的通项公式 Tr1Cr5( 3 x) 5r( 3 x)rCr5 35 r (1)r x r-5 2 r 3, 令r5 2 r 30, 解得 r3, 所以展开式中的常数项为 T4C 3 5 3 2 ( 1)390,故选 C. 7(2019 合肥市第一次教学质量检测)已知(axb)6的展开式中 x4项的系数与 x5项的系数 分别为 135 与18
6、,则(axb)6的展开式中所有项系数之和为( ) A1 B1 C32 D64 解析:选 D.由二项展开式的通项公式可知 x4项的系数为 C26a4b2,x5项的系数为 C16a5b,则 由题意可得 C2 6a 4b2135 C16a5b18,解得 ab 2,故(axb) 6的展开式中所有项的系数之和为(ab)6 64,选 D. 8(2019 浙江新高考冲刺卷)(x1 x2) 3展开式中的常数项为( ) A8 B12 C20 D20 解析:选 C.(x1 x2) 3展开式中的通项公式 T r1C r 3(2) 3r(x1 x) r. (x1 x) r的通项公式:T k1C k rx rk(1 x
7、) kCk rx r2k, 令 r2k0,可得:k0r,k1,r2. 所以常数项(2)3C12C23(2)20. 9已知(1 aax) 5(1 bbx) 5的展开式中含 x2与 x3的项的系数绝对值之比为 16,则 a2 b2的最小值为( ) A6 B9 C12 D18 解析:选 C.(1 aax) 5(1 bbx) 5 的展开式中含 x2项的系数为 C25(1 a) 3a2C2 5(1 b) 3b2 10(ba) ab ,含 x3项的系数为 C35(1 a) 2a3 C35(1 b) 2b310(ab),则由题意,得| 10(ba) ab | |10(ab)| 1 6,即|ab|6,则 a
8、2b2|a|2|b|22|ab| 12,当且仅当|a|b|时取等号 10某微信群中甲、乙、丙、丁、戊五名成员同时抢 4 个红包,每人最多抢一个,且红 包被全部抢光,4 个红包中有两个 2 元,两个 3 元(红包中金额相同视为相同的红包),则甲、 乙两人都抢到红包的情况有( ) A35 种 B24 种 C18 种 D9 种 解析:选 C.若甲、乙抢的是一个 2 元和一个 3 元的红包,剩下 2 个红包,被剩下 3 名成 员中的 2 名抢走,有 A22A2312(种);若甲、乙抢的是两个 2 元或两个 3 元的红包,剩下两个 红包,被剩下的 3 名成员中的 2 名抢走,有 A22C236(种)根据
9、分类加法计数原理可得,甲、 乙两人都抢到红包的情况共有 12618(种) 11 (2019 诸暨调研)现从男、 女共 8 名学生干部中选出 2 名男同学和 1 名女同学分别参加 学校的“资源”“生态”“环保”三个夏令营活动,已知共有 90 种不同的方案,那么有男生 _人、女生_人 解析:设男、女同学的人数分别为 m 和 n,则有 mn8, C2mC1nA3390,即 mn8, C2mC1n15. 由于 m,nN*,则 m3,n5. 答案:3 5 12(2019 成都市第二次诊断性检测)在二项式(ax2 1 x) 5的展开式中,若常数项为10, 则 a_ 解析:(ax2 1 x) 5 的展开式的
10、通项 Tr1Cr5(ax2)5 r(1 x) rCr 5a 5rx10 5r 2,令 105r 2 0, 得 r4,所以 C45a5 410,解得 a2. 答案:2 13(2019 温州十五校联合体期末联考)用数字 1、2、3、4、5 构成数字不重复的五位数, 要求数字 1,3 不相邻,数字 2,5 相邻,则这样的五位数的个数是_(用数字作答) 解析:先把 2,5 捆挷有 2 种方法,再把它与 4 排列有 2 种排法,此时共有 3 个空供数字 1、3 插入有 A236 种方法,故这样的五位数的个数是 22624 个 答案:24 14已知集合 A4,B1,2,C1,3,5,从这三个集合中各取一个
11、元素构成 空间直角坐标系中的点的坐标,则确定的不同点的个数为_ 解析:不考虑限定条件确定的不同点的个数为 C11C12C13A3336,但集合 B,C 中有相同元 素 1,由 4,1,1 三个数确定的不同点只有 3 个,故所求的个数为 36333. 答案:33 15(2019 浙江东阳中学高三检测)已知(12x)7a0a1xa2x2a7x7,则 a0 _;(a0a2a4a6)2(a1a3a5a7)2_ 解析:由(12x)7a0a1xa2x2a7x7, 观察:可令 x0 得: (120)7a0a10a701,a01. (a0a2a4a6)2(a1a3a5a7)2(a0a1a7)a0a2a4a6(
12、a1a3a5 a7), 则可令 x1 得:(121)7a0a1a2a71, 再可令 x1 得:(121)7a0a1a2a3a7372 187, 可得:(a0a2a4a6)2(a1a3a5a7)2 12 1872 187. 答案:1 2 187 16(2019 张掖市第一次诊断考试)设 f(x)是(x2 1 2x) 6展开式中的中间项,若 f(x)mx 在区 间 2 2 , 2上恒成立,则实数 m 的取值范围是_ 解析:(x2 1 2x) 6的展开式中的中间项为第四项, 即 f(x)C36(x2)3( 1 2x) 35 2x 3,因为 f(x)mx 在区间 2 2 , 2上恒成立,所以 m5 2
13、x 2在 2 2 , 2上恒成立,所以 m(5 2x 2) max 5,所以实数 m 的取值范围是5,) 答案:5,) 17(2019 绍兴质量检测)将标号为 1,2,3,4 的四个篮球分给三位小朋友,每位小朋友 至少分到一个篮球,且标号 1,2 的两个篮球不能分给同一个小朋友,则不同的分法种数为 _ 解析:四个篮球中两个分到一组有 C24种分法,三个篮球进行全排列有 A33种分法,标号 1, 2 的两个篮球分给同一个小朋友有 A33种分法,所以有 C24A33A3336630 种分法 答案:30 能力提升 1(2019 台州高三期末考试)已知在(x 2 1 5 x) n的展开式中,第 6 项
14、为常数项,则 n( ) A9 B8 C7 D6 解析:选 D.因为第 6 项为常数项, 由 C5n(x 2) n5( 1 5 x) 5(1 2) n5C5 nx n6, 可得 n60,解得 n6.故选 D. 2用数字 1,2,3,4,5 组成没有重复数字的五位数,其中奇数的个数为( ) A24 B48 C60 D72 解析:选 D.第一步,先排个位,有 C13种选择; 第二步,排前 4 位,有 A44种选择 由分步乘法计数原理,知有 C13A4472(个) 3(2019 惠州市第三次调研考试)(1 2x2y) 5的展开式中 x2y3的系数是( ) A20 B5 C5 D20 解析: 选 A.(
15、1 2x2y) 5展开式的通项为 T r1C r 5(1 2x) 5r (2y)rCr 5 (1 2) 5r (2)r x5r yr, 令 r3,得 x2y3的系数为 C35(1 2) 2(2)320.选 A. 4 某班利用班会时间进行个人才艺表演, 共有 5 名同学参加, 其中 3 名女生, 2 名男生 如 果 2 名男生不能连续出场,且女生甲不能排在第一个出场,那么不同的出场顺序的排法种数 为( ) A24 B36 C48 D60 解析:选 D.先排 3 名女生,有 A33种排法,再从 4 个空位中选出 2 个空位排 2 名男生,有 A24种排法,所以共有 A33A2472(种)排法;若女
16、生甲排在第一个出场,从 3 个空位中选 2 个空 位排男生,有 A22A2312(种)排法所以满足条件的出场顺序的排法有 721260(种)故选 D. 5(x2xy)5的展开式中,x5y2的系数为( ) A10 B20 C30 D60 解析:选 C.法一:(x2xy)5(x2x)y5, 含 y2的项为 T3C25(x2x)3y2. 其中(x2x)3中含 x5的项为 C13x4xC13x5. 所以 x5y2的系数为 C25C1330.故选 C. 法二:(x2xy)5为 5 个 x2xy 之积,其中有两个取 y,两个取 x2,一个取 x 即可,所 以 x5y2的系数为 C25C23C1130.故选
17、 C. 6在(1x)6(1y)4的展开式中,记 xmyn项的系数为 f(m,n),则 f(3,0)f(2,1)f(1, 2)f(0,3)( ) A45 B60 C120 D210 解析:选 C.因为 f(m,n)Cm 6C n 4,所以 f(3,0)f(2,1)f(1,2)f(0,3)C 3 6C 0 4C 2 6C 1 4 C16C24C06C34120. 7(2019 金华十校期末调研)A、B、C、D、E 五个人参加抽奖活动,现有 5 个红包,每人 各摸一个,5 个红包中有 2 个 8 元,1 个 18 元,1 个 28 元,1 个 0 元,(红包中金额相同视为 相同红包),则 A、B 两
18、人都获奖(0 元视为不获奖)的情况有( ) A18 种 B24 种 C36 种 D48 种 解析:选 C.A、B 两人都获奖(0 元视为不获奖)的情况有三类: 即获奖的四人为:ABCD,ABCE,ABDE, 在每类情况中,获奖的情况有:C24A2212 种, 所以由分步乘法原理得:A、B 两人都获奖(0 元视为不获奖)的情况有:31236 种 8 用数字 0, 1, 2, 3, 4, 5 组成没有重复数字的五位数, 其中比 40 000 大的偶数共有( ) A144 个 B120 个 C96 个 D72 个 解析:选 B.分两类进行分析:第一类是万位数字为 4,个位数字分别为 0,2;第二类是
19、 万位数字为 5,个位数字分别为 0,2,4.当万位数字为 4 时,个位数字从 0,2 中任选一个, 共有 2A34个偶数;当万位数字为 5 时,个位数字从 0,2,4 中任选一个,共有 C13A34个偶数故 符合条件的偶数共有 2A34C13A34120(个) 9若 x4(x3)8a0a1(x2)a2(x2)2a12(x2)12,则 log2(a1a3a5a11) 等于( ) A27 B28 C7 D8 解析:选 C.取 x1 得(1)4(13)8a0a1a2a11a12, 取 x3 得(3)4(33)8a0a1a2a11a12, 与两式左、右两边分别相减得 282(a1a3a5a11),所
20、以 a1a3a5a11 27,所以 log2(a1a3a5a11)7. 10从 8 名网络歌手中选派 4 名同时去 4 个地区演出(每地 1 人),其中甲和乙只能同去或 同不去,甲和丙不同去,则不同的选派方案共有( ) A240 种 B360 种 C480 种 D600 种 解析:选 D.分两步,第一步,先选 4 名网络歌手,又分两类,第一类,甲去,则乙一定 去,丙一定不去,有 C2510 种不同选法,第二类,甲不去,则乙一定不去,丙可能去也可能 不去,有 C4615 种不同选法,所以不同的选法有 101525(种)第二步,4 名网络歌手同 时去 4 个地区演出,有 A4424 种方案由分步乘
21、法计数原理知不同的选派方案共有 2524 600(种) 11已知(1ax)(1x)5的展开式中 x2的系数为 5,则 a_ 解析:(1x)5中含有 x 与 x2的项为 T2C15x5x,T3C25x210x2,所以 x2的系数为 10 5a5, 所以 a1. 答案:1 12(2019 宁波四校联考(二)甲、乙两人要在一排 8 个空座上就坐,若要求甲、乙两人每 人的两旁都有空座,则有_种坐法 解析:一排共有 8 个座位,现有两人就坐,故有 6 个空座因为要求每人左右均有空座, 所以在 6 个空座的中间 5 个空中插入 2 个座位让两人就坐,即有 A2520 种坐法 答案:20 13(2019 杭
22、州市高考二模)若(2x 1 x2) n 的展开式中所有二项式系数和为 64,则 n _;展开式中的常数项是_ 解析: 因为(2x1 x2) n的展开式中所有二项式系数和为 2n64, 则 n6; 根据(2x1 x2) n(2x 1 x2) 6的展开式的通项公式为 T r1C r 6(1) r(2x)6rx2rCr 6(1) r26rx63r, 令 63r0,求得 r2,可得展开式中的常数项是 C2624240. 答案:6 240 14(2019 浙江东阳中学高三期中检测)用 0,1,2,3,4 这五个数字组成无重复数字的 五位数,则组成的偶数的个数是_;恰有一个偶数数字夹在两个奇数数字之间的自
23、然 数的个数是_ 解析:由五个数组成五位偶数,可分类个位数放 0,2,4;当个位是 0 时,有 A4424 种, 当个位是 2 时,有 3A3318 种,当个位是 4 时与个位是 2 时相同,则共有 243660.当 1 和 3 两个奇数夹着 0 时,把这三个元素看做一个整体,和另外两个偶数全排列,其中 1 和 3 之间 还有一个排列,共有 2A3312 种,1 和 3 两个奇数夹着 2 时,同前面类似,只是注意 0 不能放 在首位,共有 2C12A228,当 1 和 3 两个奇数夹着 4 时,也有同样多的结果根据分类加法原 理得到共有 121628 种结果 答案:60 28 15(2019
24、贵阳市监测考试)若直线 xay10 与 2xy50 垂直,则二项式 ax21 x 5 的展开式中 x4的系数为_ 解析:由两条直线垂直,得 12a(1)0,得 a2,所以二项式为 2x21 x 5 ,其通 项公式 Tr1Cr5(2x2)5 r 1 x r (1)r25 rCr 5x 103r,令 103r4,解得 r2,所以二项式的 展开式中 x4的系数为 23C2580. 答案:80 16(2019 嘉兴市一中高考适应性考试)电影院一排 10 个位置,甲、乙、丙三人去看电影, 要求他们坐在同一排,那么他们每人左右两边都有空位且甲坐在中间的坐法有_种 解析:先排 7 个空座位,由于空座位是相同
25、的,则只有 1 种情况,其中有 6 个空位符合 条件,考虑三人的顺序,将 3 人插入 6 个空位中,则共有 1A36120 种情况,由于甲必须坐 在三人中间,则有符合要求的坐法有1 312040 种 答案:40 17规定 Cm xx(x1) (xm1) m! ,其中 xR,m 是正整数,且 C0x1,这是组合数 Cm n(n, m 是正整数, 且 mn)的一种推广, 则 C 3 15_; 若 x0, 则 x_时, C3x (C1x)2 取到最小值,该最小值为_ 解 析 : 由 规 定 : C 3 15 (15)(16)(17) 321 680 , 由 C3x (C1x)2 x(x1)(x2) 6x2 1 6 x2 x3 . 因为 x0,x2 x2 2,当且仅当 x 2时,等号成立, 所以当 x 2时,得最小值2 23 6 . 答案:680 2 2 23 6