2020年中考数学二轮重难题类型四 二次函数与特殊三角形判定问题((含答案和解析)).doc

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1、 类型四类型四 二次函数与特殊三角形判定问题二次函数与特殊三角形判定问题 例 1、如图,已知抛物线 yax2bxc(a0)的对称轴为直线 x1,且经过 A(1,0),C(0, 3)两点,与 x 轴的另一个交点为 B. (1)若直线 ymxn 经过 B,C 两点,求抛物线和直线 BC 的解析式; (2)在抛物线的对称轴 x1 上找一点 M, 使点 M 到点 A 的距离与到点 C 的距离之和最小, 求点 M 的坐标; (3)设点P为抛物线的对称轴x1上的一个动点, 求使 BPC为直角三角形的点P的坐标 【解析】解:(1)依题意,得 3 0 1 2 c cba a b ,解得, 3 2 1 c b

2、a 抛物线的解析式为 yx22x3. 对称轴为 x1,抛物线经过 A(1,0), B(3,0) 设直线 BC 的解析式为 ymxn(m0), 把 B(3,0),C(0,3)分别代入 ymxn,得, , 3 03 n nm 解得, 3 1 n m 直线 BC 的解析式为 yx3. (2)如解图,设直线 BC 与对称轴 x1 的交点为 M,连接 MA, MAMB, MAMCMBMCBC. 使 MAMC 最小的点 M 应为直线 BC 与对称轴 x1 的交点 把 x1 代入直线 yx3,得 y2. M(1,2) (3)设 P(1,t),结合 B(3,0),C(0,3),得 BC218, PB2(13)

3、2t24t2,PC2(1)2(t3)2t26t10. 若 B 为直角顶点,则 BC2PB2PC2,即 184t2t26t10, 解得 t2; 若 C 为直角顶点,则 BC2PC2PB2,即 18t26t104t2,解得 t4; 若 P 为直角顶点,则 PB2PC2BC2,即 4t2t26t1018, 解得 t13 17 2 ,t23 17 2 . 综上所述, 满足条件的点 P 共有四个, 分别为: P1(1, 2), P2(1, 4), P3(1, 3 17 2 ), P4(1,3 17 2 ) 例 2、如图,抛物线 y4 5x 224 5 x4 与 x 轴交于点 A、B,与 y 轴交于点 C

4、,抛物线的对 称轴与 x 轴交于点 M.P 是抛物线在 x 轴上方的一个动点(点 P、M、C 不在同一条直线上) (1)求点 A,B 的坐标; (2)连接 AC、PB、BC,当 S PBCS ABC时,求出此时点 P 的坐标; (3)分别过点 A、B 作直线 CP 的垂线,垂足分别为点 D、E,连接 MD、ME.问 MDE 能否 为等腰直角三角形?若能,求此时点 P 的坐标;若不能,说明理由 第 2 题 【解析】解:(1)令 y4 5x 224 5 x40,解得 x11,x25, A 点的坐标为(1,0),B 点的坐标为(5,0) (2)如解图,过点 A 作 APBC,与抛物线交于点 P,则

5、S PBCS ABC, 第 1 题解图 第 2 题解图第 2 题解图 当 x0 时,y4 5x 224 5 x4 4, 点 C 的坐标为(0,4), 设过点 B,C 两点的直线的解析式为 ykxb(k0), 则有, 05 4 bk b 解得, 4 5 4 b k 直线 BC 的解析式为 y4 5x4, 由于 PABC,设 AP 的解析式为 y4 5xm,代入点 A(1,0),解得 m 4 5, 直线 AP 的解析式为 y4 5x 4 5, 联立方程组得, 4 5 24 5 4 5 4 5 4 2 xxy xy 解得: , 5 12 4 , 0 1 2 2 1 1 y x y x P 点的坐标为

6、(4,12 5 ) (3) MDE 能成为等腰直角三角形,理由: 抛物线 y4 5x 224 5 x44 5(x3) 216 5 , 对称轴是直线 x3. M(3,0) 当MED90 时,点 E,B,M 在一条直线上,此种情况不成立; 同理:当MDE90 时,不成立; 当DME90 时,如解图所示, 设直线 PC 与对称轴交于点 N, EMDM,MNAM, EMNDMA. MDE45 ,EDA90 , MDA135 . MED45 , NEM135 , ADMNEM135 . 在 ADM 与 NEM 中, , NEMADM DMEM DMAEMN ADMNEM(ASA) MNMA2, N(3,

7、2) 设直线 PC 的解析式为 ykxb(k0),将点 N(3,2),C(0,4)代入直线的解析式得: , 4 23 b bk 解得: , 4 2 b k 直线 PC 的解析式为 y2x4. 将 y2x4 代入抛物线解析式得:2x4 4 5x 224 5 x4,解得:x0 或 x7 2,P( 7 2, 3) 综上所述, MDE 能成为等腰直角三角形,此时点 P 的坐标为(7 2,3) 例 3、 如图, 抛物线 yax2bx4 交 x 轴于 A、B 两点(点 A 在点 B 左侧), 交 y 轴于点 C, 连接 AC、BC,其中 COBO2AO. (1)求抛物线的解析式; (2)点 Q 为直线 B

8、C 上方的抛物线上一点,过点 Q 作 QEAC 交 BC 于点 E,作 QNx 轴于 点 N,交 BC 于点 M,当 EMQ 的周长 L 最大时,求点 Q 的坐标及 L 的最大值; (3)如图,在(2)的结论下,连接 AQ 分别交 BC 于点 F,交 OC 于点 G,四边形 BOGF 从 F 开始沿射线 FC 平移,同时点 P 从 C 开始沿折线 COOB 运动,且点 P 的运动速度为四边 形 BOGF 平移速度的 2倍,当点 P 到达 B 点时,四边形 BOGF 停止运动,设四边形 BOGF 平移过程中对应的图形为 B1O1G1F1,当 PFF1为等腰三角形时,求 B1F 的长度 第 3 题

9、图 【解析】 解:(1)抛物线 yax2bx4 与 y 轴交于点 C, 点 C 的坐标为(0,4) COBO2AO, 点 A 的坐标为(2,0),点 B 的坐标为(4,0), 将点 A、B 的坐标分别代入抛物线解析式得 , 04416 0424 ba ba 解得, 1 2 1 b a 抛物线的解析式为 y1 2x 2x4. (2)点 A(2,0),点 B(4,0),点 C(0,4), 直线 AC 的解析式为 y2x4,直线 BC 的解析式为 yx4. 设点 Q 的坐标为(q,1 2q 2q4), QEAC,过点 E 作 EFQM 于点 F,如解图, 第 3 题解图 则EF QF AO OC 1

10、 2, QE EF AC AO 5, QF2EF,QE 5EF, 在 Rt EFM 中,易得FEMFMEMBN45 , EM 2EF,EFMF, QM3EF, 当 EF 最大时, EQM 的周长最大, 直线 AC 的解析式为 y2x4,直线 QEAC, 设直线 QE 的解析式为 y2xt, 将 Q 点坐标代入得,t1 2q 2q4, 直线 QE 的解析式为 y2x(1 2q 2q4), 与直线 BC 联立解得点 E 的坐标为(1 6q 21 3q, 1 6q 21 3q4) EFq1 6q 21 3q 1 6q 22 3q 1 6(q2) 22 3, 根据二次函数最值性质可知,当 q2 时,E

11、F 最大,为2 3. 此时点 Q 的坐标为(2,4),L3EF 2EF 5EF2 3(3 2 5) (3)由(2)知点 Q 的坐标为(2,4),则直线 QA 的解析式为 yx2, AQBC 于 F,且点 F 的坐标为(1,3) 点 B(4,0), BF3 2. 设四边形 BOGF 平移的距离 FF1 2t,则点 P 运动的速度为 2t. 当点 P 在 OC 上,此时 0t2,则点 B1在 BF 上 此时易得点 F1的坐标为(1t,t3),点 P 的坐标为(0,42t) PF21(12t)24t24t2, PF12(1t)2(3t42t)210t28t2, FF122t2. (i)当 PF2FF

12、12时,4t24t22t2, 解得 t1t21, 此时 B1FB1F1FF1BFFF12 2; (ii)当 PF2PF12时,4t24t210t28t2, 解得 t12 3,t20(舍), 此时 B1FB1F1FF17 2 3 ; (iii)当 F1F2PF12时,2t210t28t2, 解得 t1t21 2, 此时 B1F5 2 2 ; 当点 P 在 OB 上,此时 2t4, 当 2t3 时,点 B1在 BF 上,当 390 ,若 PFF1是等腰三角形, 则只能是 PFFF1, 即(2t41)292t2,解得 t152 2,t252 2(舍), 此时 t52 23,如解图, 第 4 题解图第

13、 4 题解图第 4 题解图 SS CABS PAB1 2 3 (31) 1 2 (31) (m 22m3)2m24m, S5 2S BCD, 2m 24m15 2 , 整理得 4m28m150,解得 m12 19 2 ,m22 19 2 (舍去), P 点坐标为(2 19 2 ,3 4); 当点 P 在 x 轴下方时,即 1m3,如解图,连接 OP, SS AOCS COPS POB1 2 3 1 1 2 3 m 1 2 3 (m 22m3)3 2m 29 2m6, S5 2S BCD, 3 2m 29 2m6 15 2 , 整理得 m23m10,解得 m13 5 2 ,m23 5 2 (舍去

14、), P 点坐标为(3 5 2 , 55 2 ), 综上所述,P 点坐标为(2 19 2 ,3 4)或( 3 5 2 , 55 2 ) (3)存在直线 x1 交 x 轴于点 F,BD 22422 5, 如解图,EQDB 于点 Q, DEQ 沿 EQ 翻折得到 DEQ, EDQBDF, Rt DEQRt DBF, DQ DF DE BD,即 4 DQ 2 2 5,解得 DQ 4 5 5 , BQBDDQ2 54 5 5 6 5 5 ; 如解图,EDBD 于 H, EDHBDF, Rt DEHRt DBF, DH DF DE DB EH BF,即 4 DH 2 2 5 2 EH , 解得 DH4

15、5 5 ,EH2 5 5 , 在 Rt QHD中,设 QHx,DQDQDHHQ4 5 5 x,DHDEEHDEEH2 2 5 5 , x2(22 5 5 )2(4 5 5 x)2,解得 x1 5 5 , BQBDDQBD(DHHQ)BDDHHQ2 54 5 5 1 5 5 51; 如解图,DQBC 于点 G,作 EIBD 于点 I,由得 EI2 5 5 ,BI6 5 5 , 第 4 题解图第 4 题解图 DEQ 沿边 EQ 翻折得到 DEQ, EQDEQD, EGEI2 5 5 , BE 22222 2, BGBEEG2 22 5 5 , GBQIBE, Rt BQGRt BEI, BQ BE

16、 BG BI ,即 22 BQ 2 22 5 5 6 5 5 , BQ4 5 3 2 2 3 , 综上所述,当 BQ 为6 5 5 或 51 或4 5 3 2 2 3 时,将 DEQ 沿边 EQ 翻折得到 DEQ,使 得 DEQ 与 BEQ 的重叠部分图形为直角三角形 例 5、已知如图,抛物线 y1 2x 22x5 2与 x 轴交于 A,B 两点(点 A 在点 B 的左侧),与 y 轴交于点 C,点 D 为抛物线的顶点,对称轴交 x 轴于点 E. (1)如图,连接 BD,试求出直线 BD 的解析式; (2)如图,点 P 为抛物线第一象限上一动点,连接 BP,CP,AC,当四边形 PBAC 的面

17、积 最大时,线段 CP 交 BD 于点 F,求此时 DFBF 的值; (3)如图,已知点 K(0,2),连接 BK,将 BOK 沿着 y 轴上下平移(包括 BOK),在平 移的过程中直线 BK 交 x 轴于点 M,交 y 轴于点 N,则在抛物线的对称轴上是否存在点 G, 使得 GMN 是以 MN 为直角边的等腰直角三角形,若存在,请直接写出点 G 的坐标;若不 存在,请说明理由 第 5 题图 【解析】 解:(1)在 y1 2x 22x5 2中, 令 y0,则1 2x 22x5 20, 解得 x11,x25, 则点 A 的坐标是(1,0),点 B 的坐标是(5,0) 抛物线 y1 2x 22x5

18、 2的对称轴是 x2, 把 x2 代入解析式得 y9 2,则点 D 的坐标是(2, 9 2) 设直线 BD 的解析式是 ykxb(k0), 将 B、D 两点坐标代入得: , 2 9 2 05 bk bk 解得, 2 15 2 3 b k 直线 BD 的解析式是 y3 2x 15 2 . (2)连接 BC,如解图, y1 2x 22x5 2中,令 x0,则 y 5 2,则点 C 的坐标是(0, 5 2) 设直线 BC 的解析式 ymxn(m0), 则, 05 2 5 nm n 解得, 2 1 2 5 m n 则直线 BC 的解析式是 y1 2x 5 2. S四边形PBACS ABCS BCP,

19、S ABC1 2AB OC 1 2 6 5 2 15 2 , BCP 面积最大时,S四边形PBAC有最大值, 设与 BC 平行且与抛物线只有一个公共点的直线的解析式是 y1 2xd. 则1 2x 22x5 2 1 2xd, 即 x25x(2d5)0, 当 0 时,x5 2, 代入 y1 2x 22x5 2中得:y 35 8 , 则点 P 的坐标是(5 2, 35 8 ) 又点 C 的坐标是(0,5 2), 设直线 CP 的解析式是 yexf,则, 8 35 2 5 2 5 fe f 解得, 4 3 2 5 e f 则直线 CP 的解析式是 y3 4x 5 2. 根据题意得, 2 15 2 3

20、2 5 4 3 xy xy 解得, 6 25 9 20 y x 则点 F 的坐标是(20 9 ,25 6 ) DF(220 9 )2(9 2 25 6 )2 13 81, BF(20 9 5)2(25 6 0)2 8125 324 , 则DF BF 13 81 8125 324 2 25. (3)存在,点 G 的坐标为(2,10 3 ),(2,10 7 ),(2,3)或(2,7) 【解法提示】假设存在 设 BK 的解析式是 ykxb(k0), 将点 B(5,0),K(0,2)代入得, 2 05 b bk 解得, 2 5 2 b k 直线 BK 的解析式是 y2 5x2, 设直线 MN 的解析式

21、为 y2 5xm, 当 y0 时,x5 2m,即 M( 5 2m,0), 当 x0 时,ym,即 N(0,m) GMN 是以 MN 为直角边的等腰直角三角形分两种情况: MGMN,GMN90 ,如解图. 第 5 题解图 第 5 题解图 第 5 题解图 第 5 题解图 MGEGME90 ,GMEOMN90 , MGEOMN. 在 GME 和 MNO 中 ,90 MNMG NOMMEG NMOMGE GMEMNO(AAS), MEON,EGOM, 当点 M 在点 E 右侧时,ME5 2m2,ONm,OM 5 2m, 5 2m2m,解得 m 4 3. EGOM5 2m 10 3 , G 点的坐标为(

22、2,10 3 ); 当 M 在线段 OE 上时,如解图,ME25 2m,ONm,EGOM 5 2m, 25 2mm,解得 m 4 7, EGOM 5 2m 10 7 , 点 G 的坐标为(2,10 7 ); 当 M 在点 O 左侧时, 易得 MNMG, 此时不存在点 G 使 GMN 为等腰直角三角形; NGMN,GNM90 ,过点 N 作 NF抛物线对称轴于点 F,如解图所示 ONGMNO90 ,ONGGNF90 , MNOGNF. 在 GNF 和 MNO 中, ,90 MNNG GFNMON GNFMNO GNFMNO(AAS), NFON,FGOM, 当点 N 在 y 轴正半轴时,ONm,

23、OM5 2m, 2m. FGOM5 2m5,EGFGEFFGON3, G 点的坐标为(2,3); 当点 N 在 y 轴负半轴时,如解图,ONm,OM5 2m,NF2, 第 5 题解图 第 6 题解图 m2, OM5 2 (2)5(此时 M 与 B 重合,N 与 K 重合),EGEFFGONOM7, 点 G 的坐标为(2,7) 综上可知:在抛物线的对称轴上存在点 G,使得 GMN 是以 MN 为直角边的等腰直角三角 形,点 G 的坐标为(2,10 3 ),(2,10 7 ),(2,3)或(2,7) 例 6、如图,在平面直角坐标系中,抛物线 y1 3x 22 3 3 x3 与 x 轴交于 A,B

24、两点(点 A 在点 B 左侧),与 y 轴交于点 C,抛物线的顶点为点 E. (1)判断 ABC 的形状,并说明理由; (2)经过 B, C 两点的直线交抛物线的对称轴于点 D, 点 P 为直线 BC 上方抛物线上的一动点, 当 PCD 的面积最大时,点 Q 从点 P 出发,先沿适当的路径运动到抛物线的对称轴上点 M 处, 再沿垂直于抛物线对称轴的方向运动到 y 轴上的点 N 处, 最后沿适当的路径运动到点 A 处停止当点 Q 的运动路径最短时,求点 N 的坐标及点 Q 经过的最短路径的长; (3)如图, 平移抛物线, 使抛物线的顶点 E 在射线 AE 上移动, 点 E 平移后的对应点为点 E

25、, 点 A 的对应点为点 A.将 AOC 绕点 O 顺时针旋转至 A1OC1的位置,点 A,C 的对应点分 别为点 A1,C1,且点 A1恰好落在 AC 上,连接 C1A,C1E, AC1E是否能为等腰三角形? 若能,请求出所有符合条件的点 E的坐标;若不能,请说明理由 第 6 题图 解:(1) ABC 为直角三角形,理由如下: 在抛物线 y1 3x 22 3 3 x3 中, 令 y0,得1 3x 22 3 3 x30, 解得 x1 3,x23 3,故 A( 3,0),B(3 3,0) 令 x0,得 y3,故 C(0,3), AC212,BC236,AB248, AC2BC2AB2, ABC

26、为直角三角形 (2)设直线 BC 的解析式为 ykxb,将 B(3 3,0),C(0,3)代入,得, 3 033 b bk 解得 , 3 3 3 b k 直线 BC 的解析式为 y 3 3 x3, 如解图,过点 P 作 PRy 轴交 BC 于点 R, 设 P(t,1 3t 22 3 3 t3),则 R(t, 3 3 t3), PR1 3t 22 3 3 t3( 3 3 t3)1 3t 2 3t, 则 S PCDS PRCS PRD1 2 PR xR(xRxD) 3 6 t23 2t 3 6 (t3 3 2 )29 3 8 , 0 t3 3,当 t3 3 2 时,S PCD取得最大值,此时 P(

27、3 3 2 ,15 4 ), 将 P(3 3 2 ,15 4 )向左平移 3个单位,得 P( 3 2 ,15 4 ),连接 AP交 y 轴于点 N,过点 N 作 NM 抛物线对称轴于点 M,连接 PM,点 Q 沿 PMNA 运动,所走的路径最短,即最短路 径的长为 PMMNAN. 设直线 AP的解析式为 ymxn,将 A( 3,0),P( 3 2 , 15 4 )代入,得: , 4 15 2 3 03 nm nm 解得, 2 5 3 6 5 n m 直线 AP的解析式为 y5 6 3x5 2, 令 x0,得 y 5 2,故 N(0, 5 2), AP( 3 2 3)2(15 4 )23 37

28、4 , MN 3, 点 Q 经过的最短路径等于 PMMNANAPMN3 37 4 3. (3)CAO60 ,OAOA1, AA1O 为等边三角形, C1OB30 , C1(3 2 3,3 2), E( 3,4),A( 3,0),直线 AE 的解析式为:y 2 3 3x2, 设 A(t,2 3 3t2),则 E(t2 3,2 3 3t6), AE228,AC127 3t 27 3 3t7,EC127 3t 27 3t21, 当 AC1EC1时,7 3t 27 3 3t77 3t 27 3t21, 解得 t 3 2 ,故 E(3 2 3,5); 当 AEAC1时,287 3t 27 3 3t7,解得 t 3 39 2 , t 3, t 3 39 2 ,故 E(5 3 39 2 ,7 13); 当 AEEC1时,7 3t 27 3t2128, 解得 t3 3 39 2 ,t 3,t3 3 39 2 ,故 E( 3 39 2 ,3 13) 综上, 所有符合条件的点 E的坐标为(3 2 3, 5)或(5 3 39 2 , 7 13)或( 3 39 2 , 3 13)

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