1、=【 ;精品教育资源文库 】 = 高考专题突破一 高考中的导数应用问题 【考点自测】 1若函数 f(x) 2sin x(x0 , ) 的图像在点 P 处的切线平行于函数 g(x) 2 x? ?x3 1 的图像在点 Q 处的切线,则直线 PQ 的斜率为 ( ) A.83 B 2 C.73 D. 33 答案 A 解析 f( x) 2cos x 2,2, g( x) x 1x2( 当且仅当 x 1 时取等号 ) 当两函数的切线平行时, xp 0, xQ 1. 即 P(0,0), Q? ?1, 83 , 直线 PQ 的斜率为 83. 2 (2017 全国 ) 若 x 2 是函数 f(x) (x2 ax
2、 1)e x 1的极值点,则 f(x)的极小值为( ) A 1 B 2e 3 C 5e 3 D 1 答案 A 解析 函数 f(x) (x2 ax 1)ex 1, 则 f( x) (2x a)ex 1 (x2 ax 1)ex 1 ex 1 x2 (a 2)x a 1 由 x 2 是函数 f(x)的极值点,得 f( 2) e 3(4 2a 4 a 1) ( a 1)e 3 0, 所以 a 1. 所以 f(x) (x2 x 1)ex 1, f( x) ex 1( x2 x 2) 由 ex 1 0 恒成立,得当 x 2 或 x 1 时, f( x) 0,且当 x 2 时, f( x) 0;当2 x 1
3、 时, f( x) 0; 当 x 1 时, f( x) 0. 所以 x 1 是函数 f(x)的极小值点 所以函数 f(x)的极小值为 f(1) 1. 故选 A. =【 ;精品教育资源文库 】 = 3设 f(x), g(x)在 a, b上可导,且 f( x)g( x),则当 ag(x) B f(x)g(x) f(a) D f(x) g(b)g(x) f(b) 答案 C 解析 f( x) g( x)0, ( f(x) g(x)0 , f(x) g(x)在 a, b上是增函数, 当 af(a) g(a), f(x) g(a)g(x) f(a) 4若函数 f(x) 2x3 3mx2 6x 在区间 (2
4、, ) 上是增加的,则实数 m 的取值范围为_ 答案 ? ? , 52 解析 f( x) 6x2 6mx 6, 当 x(2 , ) 时, f( x)0 恒成立, 即 x2 mx 10 恒成立, m x 1x恒成立 令 g(x) x 1x, g( x) 1 1x2, 当 x2 时, g( x)0,即 g(x)在 (2, ) 上是 增加的, m2 12 52. 5 (2017 江苏 )已知函数 f(x) x3 2x ex 1ex,其中 e 是自然对数的底数,若 f(a 1)f(2a2)0 ,则实数 a 的取值范围是 _ 答案 ? ? 1, 12 解析 因为 f( x) ( x)3 2( x) e
5、x 1e x x3 2x ex 1ex f(x), 所以 f(x) x3 2x ex 1ex是奇函数 因为 f(a 1) f(2a2)0 , 所以 f(2a2) f(a 1),即 f(2a2) f(1 a) 因为 f( x) 3x2 2 ex e x3 x2 2 2 exe x =【 ;精品教育资源文库 】 = 3x20 ,当且仅当 x 0 时 “ ” 成立, 所以 f(x)在 R 上是增加的, 所以 2a21 a,即 2a2 a 10 ,所以 1 a 12. 题型一 利用导数研究函数性质 例 1 (2018 沈阳质检 )设 f(x) xln x ax2 (2a 1)x, a R. (1)令
6、g(x) f( x),求 g(x)的单调区间; (2)已知 f(x)在 x 1 处取得极大值,求实数 a 的取值范围 解 (1)由 f( x) ln x 2ax 2a, 可得 g(x) ln x 2ax 2a, x(0 , ) , 所以 g( x) 1x 2a 1 2axx . 当 a0 , x(0 , ) 时, g( x) 0,函数 g(x)是增加的; 当 a 0, x ? ?0, 12a 时, g( x) 0,函数 g(x)是增加的, x ? ?12a, 时, g( x) 0,函数 g(x)是减少的 所以当 a0 时,函数 g(x)的递增区间为 (0, ) ; 当 a 0 时,函数 g(x
7、)的递增区间为 ? ?0, 12a , 递减区间为 ? ?12a, . (2)由 (1)知, f(1) 0. 当 a0 时, f( x)是增加的, 所以当 x(0,1) 时, f( x) 0, f(x)是减少的, 当 x(1 , ) 时, f( x) 0, f(x)是增加的, 所以 f(x)在 x 1 处取得极小值,不符合题意; 当 0 a 12,即 12a 1 时,由 (1)知 f( x)在 ? ?0, 12a 是增加的 可得当 x(0,1) 时, f( x) 0, 当 x ? ?1, 12a 时 , f( x) 0. 所以 f(x)在 (0,1)上是减少的,在 ? ?1, 12a 上是增加
8、的 =【 ;精品教育资源文库 】 = 所以 f(x)在 x 1 处取得极小值,不符合题意; 当 a 12,即 12a 1 时, f( x)在 (0,1)上是增加的, 在 (1, ) 上是减少的, 所以当 x(0 , ) 时, f( x)0 , f(x)是减少的,不符合题意; 当 a 12,即 0 12a 1 时, 当 x ? ?12a, 1 时, f( x) 0, f(x)是增加的, 当 x(1 , ) 时, f( x) 0, f(x)是减少的 所以 f(x)在 x 1 处取得极大值,符合题意 综上可知,实数 a 的取值范围为?a? a 12 . 思维升华 利用导数主要研究函数的单调性、极值、
9、最值已知 f(x)的单调性,可转化为不等式 f( x)0 或 f( x) 0 在单调区间上恒成立问题;含参函数的最值问题是高考的热点题型,解此类题的关键是极值点与给定区间位置关系的讨论,此时要注意结合导函数图像的性质进行分析 跟踪训练 1 已知 a R,函数 f(x) ( x2 ax)ex (x R, e 为自然对数的底数 ) (1)当 a 2 时,求函数 f(x)的递增区间; (2)若函数 f(x)在 ( 1,1)上是增加的,求 a 的取值范围 解 (1)当 a 2 时, f(x) ( x2 2x)ex, 所以 f( x) ( 2x 2)ex ( x2 2x)ex ( x2 2)ex. 令
10、f( x)0, 即 ( x2 2)ex0,因为 ex0, 所以 x2 20,解得 20,所以 x2 (a 2)x a0 对 x( 1,1)都成立, 即 a x2 2xx 1 ?x 1?2 1x 1 =【 ;精品教育资源文库 】 = (x 1) 1x 1对 x( 1,1)都成立 令 y (x 1) 1x 1,则 y 1 1?x 1?20. 所以 y (x 1) 1x 1在 ( 1,1)上是增加的, 所以 y0. (1)求函数 f(x)的单调区间; (2)若函数 f(x)在区间 ( 2,0)内恰有两个零点,求 a 的取值范围 解 (1)f( x) x2 (1 a)x a (x 1)(x a) 由
11、f( x) 0,得 x 1 或 x a(a0) 当 x 变化时, f( x), f(x)的变化情况如下表: x ( , 1) 1 ( 1, a) a (a, ) f( x) 0 0 f(x) 极大值 极小值 故函数 f(x)的递增区间是 ( , 1), (a, ) ; 递减区间是 ( 1, a) (2)由 (1)知 f(x)在区间 ( 2, 1)上是增加的, 在区间 ( 1,0)上是减少的, 从而函数 f(x)在区间 ( 2,0)内恰有两个零点, 当且仅当? f? 2?0,f?0?0. (1)求 f(x)的单调区间和极 值; (2)证明:若 f(x)存在零点,则 f(x)在区间 (1, e上仅
12、有一个零点 (1)解 函数的定义域为 (0, ) 由 f(x) x22 kln x(k0),得 f( x) xkxx2 kx . 由 f( x) 0,解得 x k(负值舍去 ) f( x)与 f(x)在区间 (0, ) 上随 x 的变化情况如下表: x (0, k) k ( k, ) f( x) 0 f(x) k?1 ln k?2 所以, f(x)的递减区间是 (0, k), 递增区间是 ( k, ) f(x)在 x k处取得极小值 f( k) k?1 ln k?2 ,无极大值 (2)证明 由 (1)知, f(x)在区间 (0, ) 上的最小值为 f( k) k?1 ln k?2 . 因为 f
13、(x)存在零点,所以 k?1 ln k?2 0 ,从 而 ke , 当 k e 时, f(x)在区间 (1, e上是减少的且 f( e) 0, 所以 x e是 f(x)在区间 (1, e上的唯一零点; 当 ke 时, f(x)在区间 (1, e上是减少的且 f(1) 120, f( e) e k2 0), f(1) a b 0, f(e) ae2 b(e 1) a(e2 e 1) e2 e 1, a 1, b 1. (2)证明 f(x) x2ln x x 1, f(x) (x 1)2 x2ln x x x2, 设 g(x) x2ln x x x2(x1) , 则 g( x) 2xln x x
14、1. 由 (g( x) 2ln x 10,得 g( x)在 1, ) 上是增加的, g( x) g(1) 0, g(x)在 1, ) 上是增加的, g(x) g(1) 0. f(x)( x 1)2. (3)解 设 h(x) x2ln x x m(x 1)2 1(x1) , 则 h( x) 2xln x x 2m(x 1) 1, 由 (2)知 x2ln x( x 1)2 x 1 x(x 1), xln x x 1, h( x)3( x 1) 2m(x 1) (3 2m)(x 1) 当 3 2m0 ,即 m 32时, h( x)0 , h(x)在 1, ) 上是增加的, h(x) h(1) 0 成
15、立 当 3 2m32时, h( x) 2xln x (1 2m)(x 1), (h( x) 2ln x 3 2m, 令 (h( x) 0,得 x0 e2m 32 1, 当 x1 , x0)时, h( x)是减少的,则 h( x) h(1) 0, h(x)在 1, x0)上是减少的, h(x) h(1) 0,即 h(x)0 不成立 综上, m 32. 思维升华 求解不等式恒成立或有解时参数的取值范围问题,一般常用分离参数的方法,但是=【 ;精品教育资源文库 】 = 如果分离参数后对应的函数不便于求解其最值,或者求解其函数最值较烦琐时,可采用直接构造函数的方法求解 跟踪训练 3 已知函数 f(x) x3 2x2 x a, g(x) 2x 9x,若对任意的 x1 1,2,存在 x22,4 ,使得 f(x1) g(x2),则实数 a 的取值范围是 _ 答案 ? ? 74, 32 解析 问题等价于 f(x)的值域是 g(x)的值域的子集, 显然, g(x)是减少的, g(x)max g(2) 12, g(x)min g(4) 234 ; 对于 f(x),