2019届高考数学一轮复习第八章立体几何第五节直线平面垂直的判定与性质夯基提能作业本(文科).doc

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1、=【 ;精品教育资源文库 】 = 第五节 直线、平面垂直的判定与性质 A组 基础题组 1.(2017 课标全国 ,10,5 分 )在正方体 ABCD-A1B1C1D1中 ,E为棱 CD 的中点 ,则 ( ) A.A1EDC 1 B.A1EBD C.A1EBC 1 D.A1EAC 2.如图 ,在斜三棱柱 ABC-A1B1C1中 ,BAC=90,BC 1AC, 则 C1在底面 ABC上的射影 H必在 ( ) A.直线 AB上 B.直线 BC上 C.直线 AC上 D.ABC 内部 3.已知 m,n是两条不同的直线 , 为两个不同的平面 ,有下列四个命题 : 若 m ,n,mn, 则 ; 若 m,n,

2、mn, 则 ; 若 m,n,mn, 则 ; 若 m,n, 则 mn. 其中所有正确的命题是 ( ) A. B. C. D. 4.设 a,b是夹角为 30 的异面直线 ,则满足条件 “a ?,b ?, 且 ” 的平面 ,( ) A.不存在 B.有且只有一对 C.有且只有两对 D.有无数对 5.如图 ,边长为 a的等边三角形 ABC的中线 AF与中位线 DE交于点 G,已知 ADE 是 ADE 绕 DE旋转过程中的一个图形 ,则下列命题中正 确的是 ( ) 动点 A在平面 ABC上的射影在线段 AF上 ; BC 平面 ADE; 三棱锥 A-FED的体积有最大值 . A. B. C. D. 6.如图

3、 ,已知 BAC=90,PC 平面 ABC,则在 ABC,PAC 的边所在的直线中 ,与 PC垂直的直线是 ;与 AP垂直的直线是 . =【 ;精品教育资源文库 】 = 7.设 a,b为不重合的两条直线 , 为不重合的两个平面 ,给出下列命题 : 若 a 且 b, 则 ab; 若 a 且 a, 则 ; 若 , 则一定存在平面 , 使得 ,; 若 , 则一定存在直线 l,使得 l,l. 其中 ,所有真命题的序号是 . 8.如图 ,直三棱柱 ABC-A1B1C1中 ,侧棱长为 2,AC=BC=1,ACB=90,D 是 A1B1的中点 ,F是 BB1上的动点 ,AB1,DF交于点 E,要使 AB1

4、平面 C1DF,则线段 B1F的长为 . 9.如图 ,过底面是矩形的四棱锥 F-ABCD的顶点 F作 EFAB, 使 AB=2EF,且平面 ABFE 平面 ABCD,若点 G在 CD上且满足 DG=GC.求证 : (1)FG 平面 AED; (2)平面 DAF 平面 BAF. 10.如图 ,在三棱锥 P-ABC中 ,PAAB,PABC,ABBC,PA=AB=BC=2,D 为线段 AC的中点 ,E为线段 PC上一点 . (1)求证 :PABD; (2)求证 :平面 BDE 平面 PAC; (3)当 PA 平面 BDE时 ,求三棱锥 E-BCD的体积 . =【 ;精品教育资源文库 】 = B组 提

5、升题组 1.如图 ,四边形 ABCD中 ,AB=AD=CD=1,BD= ,BDCD. 将四边形 ABCD沿对角线 BD折成四面体 A-BCD,使平面 ABD 平面 BCD,则下列结论正确的是 ( ) A.ACBD B.BAC=90 C.CA与平面 ABD所成的角为 30 D.四面体 A-BCD的体积为 2.如图 ,PAO 所在平面 ,AB 是 O 的直径 ,C是 O 上一点 ,AEPC,AFPB, 给出下列结论 :AEBC;EFPB;AFBC;AE 平面 PBC,其中真命题的序号是 . 3.如图 ,三棱柱 ABC-A1B1C1中 ,侧面 BB1C1C为菱形 ,B1C的中点为 O,且 AO 平面

6、 BB1C1C. (1)证明 :B1CAB; (2)若 ACAB 1,CBB 1=60,BC=1, 求三棱柱 ABC-A1B1C1的高 . 4.(2017课标全国 ,19,12 分 )如图 ,四面体 ABCD中 ,ABC 是正三角形 ,AD=CD. (1)证明 :ACBD; (2)已知 ACD 是直角三角形 ,AB=BD.若 E为棱 BD 上与 D不重合的点 ,且 AEEC, 求四面体 ABCE与四面体ACDE的体积比 . =【 ;精品教育资源文库 】 = 答案精解精析 A组 基础题组 1.C A 1B1 平面 BCC1B1,BC1?平面 BCC1B1,A 1B1BC 1,又 BC1B 1C,

7、且 B1CA 1B1=B1,BC 1 平面 A1B1CD,又 A1E?平面 A1B1CD,BC 1A 1E.故选 C. 2.A 连接 AC1.BAC=90,ABAC, 又 ACBC 1,BC1AB=B,AC 平面 ABC1, 又 AC?平面 ABC, 平面 ABC 平面 ABC1. 平面 ABC1 平面 ABC=AB, 点 C1在平面 ABC上的射影 H必在两平面的交线 AB上 ,故选 A. 3.A 借助于长方体模型来解决本题 ,对于 , 可以得到平面 , 互相垂直 ,如图 (1)所示 ,故 正确 ;对于 , 平面 、 可能垂直 ,如图 (2)所示 ,故 不正确 ;对于 , 平面 、 可能垂直

8、 ,如图 (3)所示 ,故 不正确 ;对于 , 由 m, 可得 m, 因为 n ,所以过 n作平面 , 且 =g, 如图 (4)所示 ,所以 n与交线 g平行 ,因为 m,g ?, 所以 mg, 所以 mn, 故 正确 . 4.D 任意作过 a的平面 , 在 b上任取一点 M,过 M作 的垂线 ,b 与垂线确定的平面 垂直于 , 又直线 b上有无数个点 ,则可以有无数个平面 , 故有无数对平面 , 故选 D. 5.C 中由已知可得平面 AFG 平面 ABC, 所以点 A在平面 ABC上的射影在线段 AF上 . BCDE, 根据线面平行的判定定理可得 BC 平面 ADE. 当平面 ADE 平面

9、ABC时 ,三棱锥 A-FDE的体积 达到最大 .故选 C. 6. 答案 AB,BC,AC;AB 解析 PC 平面 ABC, PC 垂直于直线 AB,BC,AC. ABAC,ABPC,ACPC=C, AB 平面 PAC, ABAP, 故与 AP垂直的直线是 AB. 7. 答案 解析 中 a与 b也可能相交或异面 ,故不正确 ; 垂直于同一直线的两平面平行 ,正确 . 中存在 , 使得 与 , 都垂直 . 中只需直线 l 且 l? 就可以 . 8. 答案 =【 ;精品教育资源文库 】 = 解析 设 B1F=x,因为 AB1 平面 C1DF,DF?平面 C1DF,所以 AB1DF, 由 已知可得

10、A1B1= ,设 RtAA 1B1斜边 AB1上的高为 h,则 DE= h.又 2 =h ,所以 h= ,DE= . 在 RtDB 1E中 ,B1E= = . 由面积相等得 = x,得 x= . 9. 证明 (1)因为 DG=GC,AB=CD=2EF,ABEFCD, 所以 EFDG,EF=DG. 所以四边形 DEFG为平行四边形 , 所以 FGED. 又因为 FG?平面 AED,ED?平面 AED, 所以 FG 平面 AED. (2)因为平面 ABFE 平面 ABCD,平面 ABFE 平面 ABCD=AB,ADAB,AD ?平面 ABCD, 所以 AD 平面 BAF, 又 AD?平面 DAF,

11、 所以平面 DAF 平面 BAF. 10. 解析 (1)证明 :因为 PAAB,PABC,ABBC=B, 所以 PA 平面 ABC. 又因为 BD?平面 ABC,所以 PABD. (2)证明 :因为 AB=BC,D为 AC 的中点 , 所以 BDAC. 由 (1)知 ,PABD, 又 PAAC=A, 所以 BD 平面 PAC.又因为 BD?平面 BDE,所以平面 BDE 平面 PAC. (3)因为 PA 平面 BDE,平面 PAC 平面 BDE=DE,所以 PADE. 因为 D为 AC 的中点 , 所以 DE= PA=1,BD=DC= . 由 (1)知 ,PA 平面 ABC, 所以 DE 平面

12、 ABC. 所以三棱锥 E-BCD的体积 V= BDDCDE= . B组 提升题组 1.B 若 A成立可得 BDAD, 产生矛盾 ,故 A不正确 ; =【 ;精品教育资源文库 】 = 由题设知 :BAD 为等腰直角三角形 ,易得 CD 平面 ABD,所以 CDAB, 又 ABAD,ADCD=D, 所以BA 平面 ACD,于是 B正确 ; 由 CA与平面 ABD所成的角为 CAD=45 知 C不正确 ; VA-BCD=VC-ABD= ,D不正确 .故选 B. 2. 答案 解析 因为 BCAC,BCPA,PAAC=A, 所以 BC 平面 PAC,又 BC?平面 PBC,所以平面 PAC 平面 PB

13、C,因为平面 PBC 平面 PAC=PC,AEPC, 所以 AE 平面 PBC,所以 AEBC, 故 正确 ; 由 知 AE 平面 PBC,所以 AEPB,AFPB,AFAE=A, 所以 PB 平面 AEF,所以 EFPB, 故 正确 , 若 AFBC, 则易得 AF 平面 PBC,则 AFAE, 与已知矛盾 ,故 错误 ,由 可知 正确 . 3. 解析 (1)证明 :设 O为 B1C与 BC1的交点 .因为 BB1C1C 为菱形 ,所 以 B1CBC 1. 又 AO 平面 BB1C1C,所以 B1CAO, 故 B1C 平面 ABO. 由于 AB?平面 ABO,故 B1CAB. (2)作 OD

14、BC, 垂足为 D,连接 AD.作 OHAD, 垂足为 H. 由于 BCAO,BCOD, 故 BC 平面 AOD,所以 OHBC. 又 OHAD, 所以 OH 平面 ABC. 因为 CBB 1=60, 所以 CBB 1为等边三角形 , 又 BC=1,可得 OD= . 由于 ACAB 1,所以 OA= B1C= . 由 OHAD=ODOA, 且 AD= = ,得 OH= . 又 O为 B1C的中点 ,所以点 B1到平面 ABC的距离为 . 故三棱柱 ABC-A1B1C1的高为 . 4. 解析 (1)证明 :取 AC的中点 O,连接 DO,BO. 因为 AD=CD,所以 ACDO. 又由于 ABC

15、 是正三角形 ,所以 ACBO. 从而 AC 平面 DOB,故 ACBD. =【 ;精品教育资源文库 】 = (2)连接 EO. 由 (1)及题设知 ADC=90, 所以 DO=AO. 在 RtAOB 中 ,BO2+AO2=AB2. 又 AB=BD,所以 BO2+DO2=BO2+AO2=AB2=BD2,故 DOB=90. 由题设知 AEC 为直角三角形 ,所以 EO= AC. 又 ABC 是正三 角形 ,且 AB=BD,所以 EO= BD. 故 E为 BD的中点 ,从而 E到平面 ABC的距离为 D到平面 ABC的距离的 ,四面体 ABCE的体积为四面体 ABCD的体积的 ,即四面体 ABCE与四面体 ACDE的体积之比为 11.

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