2019年高考数学一轮复习热点探究训练1导数应用中的高考热点问题(文科)北师大版.doc

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资源描述

1、=【 ;精品教育资源文库 】 = 热点探究训练 (一 ) 导数应用中的高考热点问题 1 (2017 全国 卷 )已知函数 f(x) ln x ax2 (2a 1)x. (1)讨论 f(x)的单调性; (2)当 a0, 故 f(x)在 (0, ) 上是增加的 若 a0; 当 x ? ? 12a, 时, f( x)0; 当 x (1, ) 时, g( x)0 时, g(x)0. 从而当 a0 时, ln? ? 12a 12a 10 , 即 f(x) 34a 2. 2已知函数 f(x) ex(x2 ax a),其中 a 是常数 =【 ;精品教育资源文库 】 = (1)当 a 1 时,求曲线 y f(

2、x)在点 (1, f(1)处的切线方程; (2)若存在实数 k,使得关于 x 的方程 f(x) k 在 0, ) 上有两个不相等的实数根,求 k 的取值范围 解 (1)由 f(x) ex(x2 ax a)可得 f( x) exx2 (a 2)x. 2 分 当 a 1 时, f(1) e, f(1) 4e. 所以曲线 y f(x)在点 (1, f(1)处的切线方程为: y e 4e(x 1),即 y 4ex 3e. 5 分 (2)令 f( x) exx2 (a 2)x 0, 解得 x (a 2)或 x 0. 6 分 当 (a 2)0 ,即 a 2 时,在区间 0, ) 上, f( x)0 , 所

3、以 f(x)是 0, ) 上的增函数, 所以方程 f(x) k 在 0, ) 上不可能有两个不相等的实数根 8 分 当 (a 2) 0,即 a 2 时, f( x), f(x)随 x 的变化情况如下表: x 0 (0, (a 2) (a 2) ( (a 2), ) f( x) 0 0 f(x) a a 4ea 2 由上表可知函数 f(x)在 0, ) 上的最小值为 f( (a 2) a 4ea 2 . 因为函数 f(x)是 (0, (a 2)上的减函数, 是 ( (a 2), ) 上的增函数,且当 x a 时, 有 f(x)e a( a) a,又 f(0) A 所以要使方程 f(x) k 在

4、0, ) 上有两个不相等的实数根,则 k 的取值范围是?a 4ea 2 , a . 12 分 3 (2016 全国卷 )已知函数 f(x) (x 2)ex a(x 1)2. (1)讨论 f(x)的单调性; (2)若 f(x)有两个零点,求 a 的取值范围 【导学号: 00090078】 解 (1)f( x) (x 1)ex 2a(x 1) (x 1)(ex 2a). 1 分 ( )设 a0 ,则当 x ( , 1)时, f( x) 0; 当 x (1, ) 时, f( x) 0. 所以 f(x)在 ( , 1)上是减少的,在 (1, ) 上是增加的 . 3 分 =【 ;精品教育资源文库 】 =

5、 ( )设 a 0,由 f( x) 0 得 x 1 或 x ln( 2a) 若 a e2,则 f( x) (x 1)(ex e), 所以 f(x)在 ( , ) 上是增加的 若 a e2,则 ln( 2a) 1, 故当 x ( , ln( 2a) (1, ) 时, f( x) 0; 当 x (ln( 2a), 1)时, f( x) 0. 所以 f(x)在 ( , ln( 2a), (1, ) 上是增加的,在 (ln( 2a), 1)上是减少的 . 5 分 若 a e2,则 ln( 2a) 1, 故当 x ( , 1) (ln( 2a), ) 时 , f( x) 0; 当 x (1, ln( 2

6、a)时, f( x) 0. 所以 f(x)在 ( , 1), (ln( 2a), ) 上是增加的, 在 (1, ln( 2a)上是减少的 . 7 分 (2)( )设 a 0,则由 (1)知, f(x)在 ( , 1)上是减少的,在 (1, ) 上是增加的又f(1) e, f(2) a,取 b满足 b 0 且 b lna2,则 f(b) a2(b 2) a(b 1)2 a? ?b2 32b 0,所以 f(x)有两个零点 . 9 分 ( )设 a 0,则 f(x) (x 2)ex,所以 f(x)只有一个零点 ( )设 a 0,若 a e2,则由 (1)知, f(x)在 (1, ) 上是增加的又当

7、x1 时 f(x) 0,故 f(x)不存在两个零点;若 a e2,则由 (1)知, f(x)在 (1, ln( 2a)上是减少的,在 (ln( 2a), ) 上是增加的又当 x1 时, f(x) 0,故 f(x)不存在两个零点 综上, a 的取值范围为 (0, ). 12 分 4 (2017 郑州二次质量预测 )已知函数 f(x) exx m. (1)讨论函数 y f(x)在 x (m, ) 上的单调性; (2)若 m ? ?0, 12 ,则当 x m, m 1时,函数 y f(x)的图像是否总在函数 g(x) x2 x 图像上方?请写出判断过程 解 (1)f( x) ex x m exx m

8、 2 ex x mx m 2 , 2 分 当 x (m, m 1)时, f( x) 0;当 x (m 1, ) 时, f( x) 0, 所以函数 f(x)在 (m, m 1)上是减少的,在 (m 1, ) 上是增加的 . 4 分 =【 ;精品教育资源文库 】 = (2)由 (1)知 f(x)在 (m, m 1)上是减少的, 所以其最小值为 f(m 1) em 1. 5 分 因为 m ? ?0, 12 , g(x)在 x m, m 1最大值为 (m 1)2 m 1. 所以下面判断 f(m 1)与 (m 1)2 m 1 的大小,即判断 ex与 (1 x)x 的大小,其中 xm 1 ? ?1, 32

9、 . 令 m(x) ex (1 x)x, m( x) ex 2x 1, 令 h(x) m( x),则 h( x) ex 2, 因为 x m 1 ? ?1, 32 ,所以 h( x) ex 2 0, m( x)单调递增 8 分 所以 m(1) e 3 0, m ? ?32 e32 4 0,故存在 x0 ?1, 32 ,使得 m( x0) ex0 2x0 1 0, 所以 m(x)在 (1, x0)上是减少的,在 ? ?x0,32 上是增加的 , 所以 m(x) m(x0) ex0 x20 x0 2x0 1 x20 x0 x20 x0 1,所以当 x0 ? ?1, 32 时,m(x0) x20 x0 1 0, 即 ex (1 x)x,也即 f(m 1) (m 1)2 m 1, 所以函数 y f(x)的图像总在函数 g(x) x2 x 图像上方 12 分

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