1、S5-Ks-1 Isffi0s,.,n.,tf.lQau积(區拄爷宕犁爷细铤叵吉赵钎)氓璀宕铝爷择ss 1fc*受坩芩*44皆均归&二、阅赵铟2窆-罔渥爷赵筚。菪#-15:起1:销=赵销屮3坩芩宕=5我 a辟f I4ws钽牮爷HJteg昏玢一11-分卧呜捏裝农旧51;菽。筇1较炤链拖5班莒 M蝴也、-H适捏装gER梂*铝咭1|503msgfr6 d寸ffieffi4S?-R逛鞋踣茕友&忘0二、寰_84|?3?咭茕灰圯苗05令踅,6.rf铣赵铟 scyfe!细叫 I 铒蓀坩蕻_W-HU赵铟兵SJ-HCNIK裔坩涅m i切赵铟妄宕哗J-HI m辟坩葚产咿WIK.V;ls涅1=:你武1?琮治國*绽延
2、4-111限迄匦哀积垣1|1辟闼宕鸢产。逬友啪铟送州|1伫罔迳111|涅叵你宕贮 坝蓉袒埤故切4-银峨丨-冷坦路州宕葚产既轵來。蝼罔-KgrlltulxsiHfKM 杩鉴苌鉍诨驾钇驾。铂琮佃底-钼昧葆靶吞运|5产凹轵，&3來尔0苗011112111圩315,|苗愐与sQ.jM!rv3 1 3(Koo)聆 I 妹 E菪SS03SSS0S000 d拍31鞋抿1|邻-4-|蛑阕叵窿箨53:钇驾Egls03,yT 蝴sf运nr班铒fliH-。餘友4#蛑萄軾5r%、gc3,F-E-。屯1110,=q,K怊-E-咭软鞔裙駐捽余E玫跣S够 lis叚-4-|蛑闺叵箧铥逆!:,|钇拷积|16、赵21:哀。4|3
3、闺怊联啪蓉摈剖宕4榧婢軺宕.A U 铒销旮蛑轵_泯。凶茕菪|(桕辦底噝11|011翰矿据友固制*盔11111叹寸掛32ssss-fesssgss#d綠an/-K-R匠毋宕曾#友ilws邶-R田坻验倥友薛雔遐狯+K盤辟轱_雔CJs.ass$ss ilss.-I-M6-AJOO0f*.,;Jiiv.-f.，l陧哀。甦,珐怜运格!1:-武窗裕宕铂壬3曾雔运彘铿呜标坝笼駐迆诨11|谣*-啪琮纷愐杜2302坩.1。长盹皿(。尔寸臨令蚶頤令卜牝職夂锊鬮玴锢昤掛。象令15言民%*令1令饯。0朱丨+-銨妫忐妫-4矣举*15敢%.。韌W妗娄4蝻銨蜞。4-#掷妗卓妹老帮哞 埤舟+-绦刼楚民*取允秘uf。耗杳4_发
4、贼妗容证銨匈4-銨妗穿筘民15聛妗-33銨七#.3。奴啦t-TffT4-l?妗-4中甸，4-费%,中垠%勢，驾宕01|鸯祕_镩1-民孕岭%*袒銨妗.1=昤雠鹏坩0 楦旺诹-K傑洚 物理参考答案第 1 页（共 6 页）巴蜀中学 2023 届高考适应性月考卷（五）物理参考答案 选择题：本大题共 10 小题，共 43 分。在每小题给出的四个选项中，第 17 题只有一项符合题目要求，每小题 4 分；第 810 题有多项符合题目要求，每小题 5 分，全部选对的得 5 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C B A D B D C AC B
5、CD AB【解析】4由整体法可知每根杆与地面的弹力大小为13mg，与无关，故A错误。由于轻杆可自由转动，弹力沿杆，由3cosFmg弹，得2 39mgF弹，故C错误。每根杆对地面的摩擦力大小为3sin9fFmg弹，故D正确，B错误。5该水枪的流量（单位时间流经水枪的水的体积）为214QSDvv，故A、D错误。对在t时间内喷出的水，由2231128mWPDttvv，（或由动量定理0F tm v 214Dtvv水枪对水做功的功率为2223101428PFDDvvvv），故B正确。考虑到重力的影响，水枪水平向前喷水时，消防员对水枪的作用力方向应向前上方，故C错误。6 由题意知电阻R减小，根据闭合电路欧
6、姆定律可知电压表的示数变小，电流表的示数变大，故A错误。而只当Rr外时，电源的输出功率最大，由于r、R、R0数值均不确定，故B错误。由0RRUErRR，增大R0的电阻值，相当于减小了R的分压比例，在R减小相同数值时电压表示数变化会更小，故C错误。由0()RUErR I，可知0RUrRI保持不变，故D正确。物理参考答案第 2 页（共 6 页）7由题意知，当装置静止不动系统达到平衡时，弹簧处于拉伸状态，对整体有12cos303OPFkxmg，连接OP1之间的轻杆弹力13OPFmg，故A错误。或直接分析P1可得133OPFmg；当某时刻弹簧恰好恢复原长时，60，则此时对Q有12cos60QPFmg，
7、再 对 整 体12cos603OPFmg，对P1（或P2）由112sin60sin60sin60OPQPFFml v，可得P1和P2绕轴旋转的线速度为3gl，C正确；此时对应角速度恰好为2gl，故D错误。此后若P1和P2绕轴旋转的角速度继续增大，则轻弹簧弹力将逐渐增大，故B错误，C正确。由于角速度为2gl时弹簧为原长，所以角速度从零缓慢增大到该值过程中弹性势能单调减小，故D错误。9由题意知，整个线框处于磁场区域运动时，AB、DC产生动生感应，根据右手定则，A点电势高于B点，故A错误。由电量2BLqI tRR 与速度无关，故B正确。由于安培力的冲量IBILtBLq，结合动量定理可知线框在进入磁场
8、过程与穿出磁场两个过程中速度变化量相同，即整个线框处于磁场区域运动时速度为134v，再由动能定理可得两个过程中克服安培力做功之比为75，故C正确。同理，由于线框进入磁场过程与线框穿出磁场两个过程中速度变化量均为114v，若只将线框进入磁场时的速度1v变为原来的两倍，则线框穿出磁场时的速度211121322342 vvvvv，故D正确。10由题意知，对于a粒子在加速电场加速后速度为v，2012qUmv，此后，在磁场中轨道半径为R，由2q BmRvv，联立解得021mUBRq，故A正确。若a、b两离子的比菏相同，则轨迹半径相等，有几何关系可知两离子在边界HG上的出射点间的距离为312R，故B正确。
9、而由2012qUmv，2q BmRvv可得021mUmRBqq，若a、物理参考答案第 3 页（共 6 页）b两离子的比荷为14，则b离子在磁场中运动的轨道半径为2R，作出轨迹可知a、b两离子在磁场中运动的时间均为各自周期的四分之一，但a、b两离子周期不相等，故C错误。若a、b两离子从同一点射出磁场区域，则由几何关系可知52bRR，由021mUmRBqq，21qmR，a、b两离子的比荷为254，故D错误。非选择题：共5小题，共57分。11（每空2分，共6分）（1）D（2）B（3）02104()mgLDLL 12（除特殊标注外，每空2分，共9分）（1）B（1分）40 （2）31.19 10（3）4
10、32 B 【解析】（2）由LRS，得63313.09(3.00.910)101.19 10m30.0 10RSL。（3）因 为 电 流 最 大 为6A，由maxminAEIRR可 得min30V236AR ；带 入0.02513.8Rt，可得此时温度为432C，也可以写出t和I的函数关系可知11200632tI，计算可知。画出t和I的函数图像的斜率可知B正确。13（10分）解：（1）对B：TFMg 对A：cosTFmg 2sinsinTFmL 联立可得306或者 物理参考答案第 4 页（共 6 页）23gL （2）设摆线与竖直方向的夹角为 1cos602mgM g，2cosggLL 632si
11、n22gLgLLLv 2k12Emv k34EmgL 评分标准：本题共10分。正确得出式各给1分。14（14分）解：（1）当位移为x时，0(2 tan)Bx v 00(2 tan)2A(2 tan)BxBIrxrvv （2）方法一：(2 tan)4 3FBIxx安 3s末物体的位移为06mxtv 所以72 3J2FQWx安克服安 方法二：2272 3J2RQI R tIt （4分）（3）电流强度变为零时，设两棒的速度分别为1v和2v 122LBLBvv 对长杆：10()BLqmvv 对短杆：2(0)22LmBq v 物理参考答案第 5 页（共 6 页）可得10201233、vvvv 22220
12、000411112292 293mQmmm vvvv 8JQ 评分标准：本题共14分。正确得出、式各给2分，其余各式各给1分。15（18分）解：（1）一起匀速，对整体，如图()tanFMm g （2）保证能往上运动，则()tanFMmg 刚好打滑时，受力分析如图 对滑块B：mfN x方向：cosmfma y方向：sinNmgma 联立、和可得cossinga 对整体cos()sin()FMm gMma 将加速度带入可得sincos()cossinFMm g，所以sincos()cossinFMm g （3）进入磁场瞬间：00cos2m/sxvv、00sin2 3m/syvv 物理参考答案第 6
13、 页（共 6 页）当C相对于A水平位移为2 3mx 时，设C运动的速度的水平分量为xv，竖直分量为2 3m/syv 对m的x方向：yxqv Bfamm 2012CAxxxxatt v xtav 联立可得22440 xxmvv（*）又因为对m的y方向：xNmgqBv 对M：cos()sinFMgN 可得：2610 xmv（*）联立（*）和（*）可得2(2)(25703)0mmm 可得2kgm 746kg5 附：【运动学方程的另解：以A为参考系，C先相对于A向左减速，再相对于A向右加速 202BAxxxaxvv（1分），故2002BxBAxAxxxxax vvvvv（1分）】评分标准：本题共18分。正确得出式给3分，正确得出式给2分，其余各式各给1分。
